poj 1753 暴力破解
借鑑於： +
（沒有看，物件導向的有點過於複雜） + 自我優化
>原理：每乙個棋子只有兩種狀態，一種是翻過一次，一種是一次也沒有翻過（相當於翻過兩次）；因此可以進行列舉，2^16=65536種情況，在可以接受範圍內把所有種類全部列舉一遍。
1.檢查是否列舉結束有兩種辦法：
（優化）1）計數還剩下多少不同的點；
if (cnt == 0 || cnt == 16)
return true;
2）每次檢查16個點是不是相同顏色的。
遍歷所有點，顏色是不是一致。
2.1）
if (finish())
if (pos >= 16)
return;
2）其他優化：
a）採用乙個整形數記錄所有的資料
00000000 00000000
b）只列舉第一行如何翻轉和期望達到的黑/白狀態，共計2^4=16種。
之後的每一行為了保持前一行的全黑或全白，只有唯一的翻轉可能。這樣就少掉了很多不必要的搜尋量。
void check(int tmp, bool isblack)
// if (s)
// print();
if (finish() && res > tmp)
res = tmp;
for (int i = 0; i < cnt; ++i)
tran(x[i], y[i]);
}
1）poj無法支援wa查錯；無法支援int_max的功能，很煩。
2）之前我想的是dfs或者bfs，結果想複雜了，就是直接按照pos1-16列舉就行。如果dfs，反而容易搞混頭腦。
3）沒有想到由於第一行的列舉優化。
poj 2956 完全一樣
附上兩個的**：
1753
#include // #include #include using namespace std;
bool a[4][4];
int cnt = 0;
void tran(int x, int y)
void print()
bool finish()
int res = 0xffffff;
void check(int tmp, bool isblack)
// if (s)
// print();
if (finish() && res > tmp)
res = tmp;
for (int i = 0; i < cnt; ++i)
tran(x[i], y[i]);
}void f(int pos, int tmp)
int main()
}f(0, 0);
if (res == 0xffffff)
cout << "impossible\n";
else
cout << res << '\n';
return 0;
}
#include // #include #include #include #include using namespace std;
bool a[4][4];
#define mmax 0xffffff
void tran(int x, int y)
a[x][y] = !a[x][y];
}pairstep[16];
int cnt = 0;
void print()
bool finish()
int res = mmax;
vector> res_step;
void f(int pos, int tmp)
}return;
}
if (pos >= 16)
return;
int x, y;
x = pos % 4;
y = pos / 4;
f(pos + 1, tmp);
tran(x, y);
step[cnt] = pair(x, y);
cnt++;
f(pos + 1, tmp + 1);
tran(x, y);
cnt--;
return;
}int main()
}f(0, 0);
if (res == mmax)
cout << "impossible\n";
else
cout << res << '\n';
// cout << res_step.size() << "sdawefad\n";
for(int i = res_step.size() - 1; i >= 0; --i)
cout << res_step[i].first + 1 << ' ' << res_step[i].second + 1 << '\n';
return 0;
}
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