有若干個可重集合，然後我們從第
i i
個可重集合中拿前
i' role="presentation" style="position: relative;">i
i大組成乙個新的可重集合
s s
。我們的目的是動態維護
s' role="presentation" style="position: relative;">s
s的前
n n
大的和。
給出數n
' role="presentation" style="position: relative;">nn，有
m m
次操作，每次會插入乙個數
p' role="presentation" style="position: relative;">p
p進入集合
t t
中或者在集合
t' role="presentation" style="position: relative;">t
t中刪去原有的乙個數
p p
，然後回答
s' role="presentation" style="position: relative;">s
s中的前
n n
大的和，不足
n' role="presentation" style="position: relative;">n
n時直接求當前
s s
的總和。
1<=t,
n,m<=
300000,1
<=
p<=
1000
000000
' role="presentation" style="position: relative;">1
<=t,
n,m<=
300000,1
<=
p<=
1000
000000
1<=t,
n,m<=
300000,1
<=
p<=
1000
000000
我們可以維護所有的小集合以及
s s
。 維護t
' role="presentation" style="position: relative;">t
t棵權值線段樹，第
i i
棵線段樹對應第
i' role="presentation" style="position: relative;">i
i個小集合，
另外維護一棵權值線段樹，對應
s s
。 對於插入操作，即在樹
t' role="presentation" style="position: relative;">t
t中插入
p p
。 可以通過線段樹o(
log' role="presentation" style="position: relative;">o(l
ogo(
logn
) n
)的進行單點修改
然後，
對於要不要將
p p
加入 s 中。
這個只要知道
p' role="presentation" style="position: relative;">p
p在集合
t t
中排名是否
>
' role="presentation" style="position: relative;">>
>第t
t
大， 而對於第
t' role="presentation" style="position: relative;">t
t大，我們也可以通過線段樹得到
然後我們判斷
p p
如果>
' role="presentation" style="position: relative;">>
>第t
t
大，那麼插入進
s' role="presentation" style="position: relative;">s
s中，並將原先在
s s
的集合t' role="presentation" style="position: relative;">tt的第
t t
大的數彈出。
然後對於所有的線段樹，我們都要動態開節點，也就是說我們不把那些空節點建起來，只保留那些非空的節點。ps
：' role="presentation" style="position: relative;">ps：
ps：[
l,r]
[ l,
r]
上，我們要求權值在這個區間裡的第
k k
大元素。 ①l
=r' role="presentation" style="position: relative;">l=r
l=r，顯然直接得到為
l l
。 ②l
<
r' role="presentation" style="position: relative;">l
<
r，我們可以先看一看這個點的右兒子[m
id+1
,r] [mi
d+1,
r]
。 若[
mid+
1,r]
[ mi
d+1,
r]
中元素個數 ≥k
≥
k，那第
k k
大元素顯然在[m
id+1
,r]' role="presentation" style="position: relative;">[mi
d+1,
r][m
id+1
,r]中，在右兒子求解。 若[
mid+
1,r]
[ mi
d+1,
r]
中的元素個數
<
k <
k，那麼第 k 大元素顯然在[l
,mid
] [l,
mid]
，那麼我們令
k k
減去[m
id+1
,r]' role="presentation" style="position: relative;">[mi
d+1,
r][m
id+1
,r]中的元素個數，減完後的
k k
設為x' role="presentation" style="position: relative;">xx，
那麼我們現在就是要求[l
,mid
] [l,
mid]
中的第x x
大，那麼我們在左兒子求解。
#include
#include
#include
#include
#define fo(i, j, k) for (int i = j; i <= k; i++)
#define n 300005
#define m 50
using
namespace
std;
const
int inf = 1e9;
typedef
long
long ll;
int n, m, tot, root[n], num[n*m], lson[n*m], rson[n*m];
ll ans,sum[n*m];
char s[10];
void insert(int &x, int l, int r, ll k, bool flag)
int get_ranknum(int x, int l, int r, int k)
int mid = (l + r) >> 1;
if (num[rson[x]] >= k)
return get_ranknum(rson[x], mid+1, r, k);
ans += sum[rson[x]];
return get_ranknum(lson[x], l, mid, k - num[rson[x]]);
}int main()
else
ans = 0;
get_ranknum(root[0], 0, inf, n);
printf("%lld\n", ans);
}return
0;}
4 27學習日誌
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開發日誌 4 27
除錯記錄 問題 1 當人物處於跳躍狀態時，不應當衰減水平速度velocity.x,如果衰減了這個值，那麼遊戲人物就會很快的停下來，水平位移很小。2 遊戲的速度資料是從下乙個狀態中得到的，並且強制為這個值，那麼就導致遊戲人物的狀態和上乙個狀態無關，顯得很不自然，比如，走動 跳躍，因為跳躍的x速度是零，...
工作日誌4 27
工作日誌4 27 1 討論共享問題，表結構問題 2 總結資料庫建表的幾個重要原則 1 原始單據與實體之間的關係 可以是一對 一 一對多 多對多的關係。在一般情況下，它們是一對一的關係 即一張原始單據對應且只對應乙個實體。在特殊情況下，它們可能是一對多或多對一的關係，即一張原始單證對應多個實體，或多張...