這一題題目很長，但理解起來並不困難。
有一點很重要，那就是題目輸入的順序是城市編號的順序，而城市編號的順序又直接決定了城市之間的上下級關係。雖然編號小的不一定是大編號的下級，但下級城市的編號一定比上級城市的編號小，如何利用這一點非常重要。
假如城市a的下級城市是b,c,d ；那如果b,c,d 本身的商路價值都是最大話之後，a 只能在b,c,d 中挑選乙個與之相連，或者不相連，來使自己的商路價值最大話。也就是如果b,c,d的商路價值都是已知的了，那a 的商路價值就都是已知的了。 如此以來，只需要按照逆序從後向前分別計算商路的最大值就可以了。
比如題中所給的第乙個例子： 開始時假設所有城市的商路最大價值都是0， 這時最後乙個城市的商路價值就是真實的了，隨後以此找它的上級城市（不一定時直接上級），判斷上級城市與最後乙個城市相連會不會讓它的商路價值增加就可以了，當處理到首都之後就可以處理倒數第二個城市了。
估算一下演算法複雜度， 首先掃瞄一遍至少是 n , 然後每乙個城市要處理它的上級，是完美二叉樹的話，那每個城市的上級應該是log i , 如果所有城市排成一條線的話那每個城市的上下級就是i-1 了，這樣最好的情況下複雜度是nlogn 最差的情況是 n^2 看起來還可以接受。
按照這個思路寫乙份**提交試試看：
// 20171203-商路問題.cpp: 定義控制台應用程式的入口點。
//#include "stdafx.h"
/*先對資料進行分層，資料輸入時統計每個結點到首都的距離（跳數），隨後對點進行排序，從低到高計算*/
#include#include#includeusing namespace std;
struct city ;
int main()
/*從後向前逆向掃瞄*/
long long pre;
long long lens;
long long nvalue;
long long mvalue;
for (long long i = n; i > 0; --i)
lens += citys[pre].len;
pre = citys[pre].pre;
}} long long sum = 0;
for (long long i = 1; i <= n; ++i)
cout << sum<} return 0;
}
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