description
樹有n個節點，樹根為1號節點，這顆果樹上有m個節點長出果實(根節點1有可能長出果實)，小明要從節點1出發採集這些果實，從乙個節點爬到相鄰的另乙個節點所需要的時間為1，採集果實不需要時間，問如果要採集這m個果實，從節點1出發，並且最後需要回到節點1，最少需要多少的時間。（節點編號1到n）
input
輸入第一行為正整數n和m ( 0 <= m <= n <= 100000 )
接下來的n-1行每行輸入兩個數字a和b表示節點編號a和節點編號b之間有一條邊
最後一行輸入m個數字，第i個數字v[i]表示在v[i]號節點上長有果實
output
對於每個輸入，輸出乙個數字，表示最少需要花費的時間。
4 21 2
1 32 4
2 3sample input
思路：樹形dp， 簡單說明一下把；
方便說明，假設樹是二叉樹， 其實都一樣；
假設根結點的左子樹，右子樹都存在果子；
那麼原樹的答案是：左子樹的答案 + 2 （來回） 與 右子樹答案 + 2（來回） 的和 （最終是要回到1的）；
如果某一子樹中沒果子，那這棵子樹自然不需要貢獻答案給父結點，也不用所謂來回+2了；
不斷遞迴，自然想到用dfs去實現。 結果就是從葉子節點把答案往上傳遞 。
需要注意的細節就是從某一節點，找子節點時，有可能會找到父節點，因為建樹時是雙向的（不要試圖用單向，會有bug)。
#include #include #define maxn 100005
using namespace std;
vectore[maxn], dp(maxn), v(maxn);
int dfs(int u, int fa)
}
}
return bo;
}
int main(void)
for(int i = 0; i < m; i++)
dfs(1, -1);
cout << dp[1] << endl;
return 0;
}
收集果子（樹形dp）
題意 給你一棵樹，1為根節點，每個節點有果子數，每個節點的權值為其子樹果子的和。問多少種刪邊的方式，使得1節點的權值為k。思路 組成k的種類數？不就是多少種方法組成某個面值嗎，可以想到是樹上揹包。定義f i,j 為遞迴到第i個節點收集了j個果子的方案數。那麼有兩種子狀態 1 把 u,v 邊斷了，那麼...
nssl1196 摘果子 樹形依賴揹包,dp
有n個東西，每個東西有價值和 然後要求乙個 上限，和除了第乙個東西以外都有乙個買這個之前必須要買的東西。求最大價值 我們考慮之前的樹形揹包 然後發現時間複雜度o n 3 o n 3 o n3 之後我們考慮乙個方法 之前是將子節點合併起來所以時間會很久，可是我們可以將乙個子節點處理好，然後直接仍給它的...
C Garland （樹形DP 子樹計數問題）
又攻克一道樹形dp題，首先子樹計數問題，感覺都是先自下而上跑一遍dfs，然後根據題意然後抉擇得套路。一顆有根樹，分成三棵子樹，保證點權和相互相等。分析 子樹滿足ans 3，並且ans 3 0加入就可以了，滿足兩個點或者以上，就是行 為啥說2以上 這裡就是我得wa得點，可以所有得點值為0，你就知道了 ...