原理我懂了
注意到資料範圍：
n<=
18
有什麼演算法？
暴力？狀壓！
狀壓dp，對於每只豬1和0表示是否被打掉了
設f[s]為當前狀態的最小步數
我們知道，三個點可以確定乙個拋物線
已知乙個點是原點，那麼再來兩個點就可以確定乙個拋物線，設點i和點j確定的拋物線表示為(i,j)
每次列舉乙個狀態s，再列舉兩隻豬i,j，當然i,j不在s裡面
那麼設所有經過(i,j)這條拋物線的點的集合為s』 那麼f
[s⋁s
′]=f
[s]+
1,f[
0]=1
那麼現在還需要預處理的就是每個集合s』
用a[i,j]存放拋物線(i,j)所經過的點的集合
那麼轉移方程變成了 f
[s⋁a
[i,j
](i,
j不∈s
)]=m
in( f[s⋁
a[i,
j](i
,j不∈
s)]， f[s
]+1)
,f[0
]=1
時間複雜度o(
2n+n
2)臨時**，還要慢慢寫。
網上的**。為什麼我的思路跟他一樣，但通過不呢？？
#include #include #include #define maxn 20
using namespace std;
const double eps=1e-7;
struct point
__attribute__((__optimize__("-o2"))) point(double x,double y):x(x),y(y){}
};point p[maxn],res;
int n,m,t;
int dp[1<=0.0) continue;
status[i][j]=(1<
#include //#define debug 1
using namespace std;
const int mm=18;
struct point;
vectorp;
int dp[1<0.0 || a<-1e-9) continue;
//還沒有考慮到 兩個點只能確定開口向上的拋物線
int s = 1<(same[i][j])<>dd&1) && (s>>ff & 1) && dd!=ff) }}
dp[s]=1;}}
for(int i=0;i( same[dd][ff]) << " ";
}cout << endl;
}#endif // debug
int dprogram()}}
}return dp[(1<> t;
while(t--));
}math();
cout << dporgram();
}return 0;
}
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