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思路：
起初思路挺好，後來就比較奇怪的一道題目
玩法很像sdoi2016r2的硬幣遊戲，不過那個題目直接暴力sg就可以過，本題直接套規則只有30分；
稍微優化一下，不列舉k，直接每次xor一下後繼狀態的sg，可以得50分，複雜度o(
nlogn)
； 70分需要乙個比較好玩的結論： 如果⌊
ni⌋=
⌊nj⌋
，那麼sg
(i)=
sg(j
) 我們可以歸納證明一下： 當⌊
ni⌋=
1 時，顯然sg
(i)=
1 ，因為它只能令自身反色 當⌊
ni⌋>
1 時，sg
(i) 由⌊n
2i⌋,
⌊n3i
⌋ ..的sg值決定，又⌊n
ij⌋=
⌊⌊ni
⌋j⌋ ，所以⌊n
i⌋相同的位置後繼狀態相同，sg值也就相同了
然後就可以分塊求了，⌊n
i⌋的取值最多有2n
√ 種，轉移時考慮落在當前區間內的後繼點奇偶就可以了，複雜度o(
n) o
(n) ，還有什麼玄學/hash，表示不是很懂，不過裡面所說的合併sg給了我啟發，因為有很多⌊n
i⌋不相等的塊sg值相同，這個優化比較奇怪但確實很好用，在n=
109 s
g 函式都不大
**：
#include
#include
#include
using namespace std;
int n,m,q,cnt;
intpos[64005],f[64005];
struct nodeda[64005];
bool vis[1000];
void dp()
for (int j=1;;++j)
if (!vis[j])
for (int j=0;j<=mx;++j) vis[j]=0;
}}main()
}
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