我們容易證明，fmin是乙個非嚴格單峰函式。
對於乙個xi，隨著y的增大，它的貢獻先是乙個減量，再是乙個為0的常量，最後是乙個增量。隨著y的增大，fmin的增量應該是增量和減減量和。因為每乙個都是由增量變成減量，因此fmin的增量越來越大，所以fmin單峰。因為平板的存在，fmin只能算是非嚴格單峰函式。
因此我們考慮三分出極值，再二分出取值範圍。
三分在有平板的情況下好像是錯的？例如在極點右端造一大段平板，那麼如果兩個三分點都卡在這段平板上，把左端調整會使得我們錯過極點。
但是這題三分沒有錯，為什麼？
如果出現了平板，此時fmin的增量就是0。這題fmin的增量是單調的，增量為0說明是一條切線，這個時候平板處一定是極值。
#include
#include
#define fo(i,a,b) for(i=a;i<=b;i++)
#define fd(i,a,b) for(i=a;i>=b;i--)
using
namespace
std;
typedef
long
long ll;
const
int maxn=100000+10;
int l[maxn],r[maxn];
ll ans;
int i,j,k,l,r,mid,mid1,mid2,t,n,m,mi,mx,ansl,ansr,id;
int read()
while (ch>='0'&&ch<='9')
return x*f;
}ll f(int x)
return t;
}int main()
else
if (r-l==2)
mid1=l+(r-l+1)/3;mid2=l+(r-l+1)/3*2;
if (f(mid1)else l=mid1;
}id=l;
ans=f(id);
l=mi;r=id;
while (l2;
if (f(mid)>ans) l=mid+1;else r=mid;
}ansl=l;
l=id;r=mx;
while (l1)/2;
if (f(mid)>ans) r=mid-1;else l=mid;
}ansr=l;
printf("%d %d\n",ansl,ansr);
}
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