強聯通分量

#include

using namespace std;

struct edge

;vectora[80005],b[80005],node[80005];

int he[80005];

int n,m,t=0;

int vis[80005];

int vis2[80005];

mapflag[80005];

vectorp;

void dfs1(int x)

}

void dfs3(int x,int t)

}

void spfa(int s)

;

bool gone[80005]=;

queueq;

q.push(s);

gone[s]=1;

dis[s]=he[s];

while(!q.empty())

}}

}

int cmax=0;

for(int i=1;i<=t;i++)

cmax=max(cmax,-dis[i]);

cout<>n>>m;

for(int i=1;i<=m;i++)

a[x].push_back((edge));

b[y].push_back((edge));

}

for(int i=1;i<=n;i++)

if(vis[i]==0)

dfs1(i);

memset(vis,0,sizeof(vis));

for(int i=n-1;i>=0;i--)

}

for(int i=n-1;i>=0;i--)

}

for(int i=1;i<=n;i++)

);

// flag[vis[i]][vis[a[i][j].to]]=1;

}}

}

int x; cin>>x;

spfa(vis[x]);

return 0;

}小胖和zyr要去esqms森林採蘑菇。

esqms森林間有n個小樹叢，m條小徑，每條小徑都是單向的，連線兩個小樹叢，上面都有一定數量的蘑菇。小胖和zyr經過某條小徑一次，可以採走這條路上所有的蘑菇。由於esqms森林是一片神奇的沃土，所以一條路上的蘑菇被採過後，又會長出一些新的蘑菇，數量為原來蘑菇的數量乘上這條路的「恢復係數」，再下取整。

比如，一條路上有4個蘑菇，這條路的「恢復係數」為0.7，則第一~四次經過這條路徑所能採到的蘑菇數量分別為4,2,1,0.

現在，小胖和zyr從s號小樹叢出發，求他們最多能採到多少蘑菇。

對於30%的資料，n<=7，m<=15

另有30%的資料，滿足所有「恢復係數」為0

對於100%的資料，n<=80,000，m<=200,000，0.1<=恢復係數<=0.8且僅有一位小數，1<=s<=n.

輸入輸出格式 input/output

輸入格式：

第一行，n和m

第2……m+1行，每行4個數字，分別表示一條小路的起點，終點，初始蘑菇數，恢復係數。

第m+2行，乙個數字s

輸出格式：

乙個數字，表示最多能採到多少蘑菇，在int32範圍內。

強聯通分量做每塊值。。再把每塊連起來spfa(注意既有邊權又要點權計算方法不一樣）但是ztr說直接拓撲圖動歸就行了。。。另外注意精度問題。。。本題要用double

**：

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有向圖中 u可達 v不一定意味著v可達 u.相互可達則屬於同乙個強連通分量 strongly connected component,scc 最關鍵通用部分強連通分量一定是圖的深搜樹的乙個子樹。1.演算法思路基本思路這個演算法可以說是最容易理解，最通用的演算法，其比較關鍵的部分是同時應用了原圖...

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2020 10 31 內容來自oi wiki和yu xuan 的講課強聯通分量個人理解 tarjan 演算法是由棧來實現的 dfn u dfs序 low u 以u為根的子樹，最小的dfs序那麼會出現 3 中情況 void tarjan int u else if vis v 1 low u mi...

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tarjan演算法思想 dfs節點的時候，用time記錄訪問順序，則父節點會先於子節點訪問。那麼節點u遞迴的過程中找到了父節點先訪問的形成乙個環路，這個環路上的所有節點就是乙個強聯通分量。low的作用是用強聯通分量上的最先訪問的節點訪問到的父節點得time作為整個強聯通分量所有節點的時間。並...

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