第一道狀態壓縮dp題，感覺要好好學習這種思維方式；
首先設l的位置為：pointx[0],pointy[0];其他節點的位置為：pointx[i],pointy[i];
然後求出各個節點之間的距離dis[i][j]=max;
我們用乙個n位2進製數（bn-1,...,b0）表示堅果收集情況的組合狀態；
其中bi=0表示第i+1個堅果沒有收集，bi-1表示第i+1個堅果收集了。
設堅果目前被收集的狀態為j，其中最後被收集的堅果為i，最小步數為f[i][j].
顯然初始化的時候：f[i][2的i-1次冪]=dis[0][i];
狀態i：按照遞增順利列舉狀態值
階段j：列舉狀態i中最後被收集的堅果j （i<=j<=n,i&2的j-1次冪！=0）
決策k：列舉狀態i外的堅果k（1<=k<=n,i&2的k-1次冪==0），
f[k][i+2的k-1次冪]=min( f[k][i+2的k-1次冪] , f[j][i]+dis[j][k] );
所以最後的結果為：
ans=min(f[i][2的n-1次冪]+dis[0][i]) (1<=i<=n);
下面是**，沒有給注釋，我的任務就是說一下思路，思路懂了，其他的都是小事。。。
#include#include#include#include#include#define inf 1<<22
using namespace std;
int x,y,num,ans,max;
char ch[22][22];
int dis[22][22];
int pointx[22],pointy[22];
int f[22][inf];
int abs(int a)
void init()
{ int i,j;
max=(1<
UVA 6625 狀態壓縮dp
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uva11795 簡單狀態壓縮DP
一看到n 16就想到狀態壓縮dp了，而且只要儲存這個狀態就行了 轉移時也用狀態壓縮的轉移方法，比較兩個二進位制數，就能知道能否從已知狀態轉移到需要的狀態 開始沒看到題目給的就是二進位制數，自己還轉換成了二進位制 還有要記得用longlong 不能因為這個wa 還有位運算還不是很熟悉，可以用異或來去掉...
狀態壓縮DP
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