題意：牛要到河對岸，在與河岸垂直的一條線上，河中有n塊石頭，給定河岸寬度l，以及每一塊石頭離牛所在河岸的距離，
現在去掉m塊石頭，要求去掉m塊石頭後，剩下的石頭之間以及石頭與河岸的最小距離的最大值。
用二分做，但是開始寫了三個版本的二分，全都wa。
無賴看了別人的二分，還是不理解，為什麼他們寫的就能過。
反覆思索後，終於明白了：關鍵在於題目求的是什麼。
做題思想：二分所求的最小距離的最大值mid，記錄可以去掉的石頭塊數cnt（注意：當相鄰的石頭的距離小於等於mid，就可以去掉），
若cnt > m，h = h - 1 （這裡是比較難理解的，也是我糾結挺久的地方），此時，應當回過頭來看一下題目求的是什麼：
尋找乙個長度mid，使得可以去掉m塊石頭，剩下的石頭中，石頭間的最小距離為mid。
但是cnt記錄的是：相鄰距離小於等於mid的塊數，所以存在這樣的一種情況 ---- cnt記錄的所有石頭中，
有很多塊石頭間的距離是等於mid，而距離小於mid的石頭的塊數是小於等於m的，此時，若將h的值減一，
那麼h的值就變成乙個小於題目所求的答案了。
舉個例子就懂了：假設有9塊石頭，首尾的數都表示河岸。
石頭的編號 1 2 3 4 5 6 7 8 9
石頭到河岸的距離 0 4 5 7 9 12 16 19 23 26 28
相鄰的距離 4 1 2 2 3 4 3 3 3 2
假設l = 1，h = 5， m = 4 則mid = 3， 此時去掉的石頭的編號為：2，3，5，7，9 cnt = 5
按照程式，h = h - 1 = 4，此時mid = 2，去掉的石頭的編號就為：2，4，9 cnt = 3（cnt當然也有可能cnt == m，總之就是cnt > m不成立了）
也就是說，之後求得的cnt <= m恆成立, 即題目的答案不在 l 和 h 之間了（這點
之前是讓我很費解的地方），更準確地說，答案就是執行這次h-1之前的h值。
若cnt <= m，則l = l + 1，討論一下：若cnt < m，明顯當前的mid小了，l = l + 1；若cnt == m，則去掉cnt塊石頭後，
剩下的石頭的最小值必然是大於mid的，所以進行操作l = l + 1。
然後解決上面遇到的問題，因為h已經小於答案了，而答案就是h+1，之後繼續二分cnt <= m恆成立，
l 不斷自增，直到跳出迴圈，因為答案為h+1，我們返回 l 的值，那麼while的判斷條件就是 l <= h，
當 l 自增到 h + 1時就跳出迴圈，l == h + 1，正好就是答案。
寫了這麼多，就是分析了一下二分演算法執行的過程，因為以前用的二分while判斷條件都是 l < h，看樣子以後做二分得多注意了，
稍不注意就會有很多致命的小bug，一定要將對 l 和 h 的操作以及 while的判斷條件結合起來考慮，要對二分演算法進行靈活的變化，
沒有一成不變的模版，具體問題具體分析。
**：
#include #include #include using namespace std;
int l, n, m;
int d[50005];
bool cmp(int a, int b)
int bsearch(int l, int h, int k)
if (cnt > k) h = m - 1;
else l = m + 1;
}return l;
}int main()
POJ 3258 二分 貪心
poj 3258 二分 貪心 一條線段兩個端點之間的距離是l,兩端點之間分布著n個點，這n個點把線段分成了n 1份，現在讓你最多去掉 第一次讀錯題想了很久不知道怎麼做，remove是去掉不是移動，m個點，問n 1份線段最小值的最大值是多少 1 l 109,0 m n 50000 分析類似poj 32...
POJ 3258青蛙過河 二分答案
description 有一條寬度為l 1 l 1,000,000 的河。河中間有n 0 n 20000 塊石頭，青蛙從河西岸經過這n個石塊後，順利跳到了河的東岸。設河中間每個石塊距離西岸的距離為di 其中di大於0小於l 注意 di是距離起始河岸的距離。小明閒著沒事，想移掉河中間的m 0 m n ...
poj 3258 二分最小值最大
題意 有一些石頭排成一條線，第乙個和最後乙個不能去掉。其餘的共可以去掉m塊，要使去掉後石頭間距的最小值最大。解析 二分石頭，最小值最大。include include include include include include include include include include in...