了解奶牛們的人都知道，奶牛喜歡成群結隊．觀察約翰的n(1≤n≤100000)只奶牛，你會發現她們已經結成了幾個「群」．
每只奶牛在吃草的時候有乙個獨一無二的位置座標xi，yi(l≤xi，yi≤[1~109]；xi，yi∈整數．
當滿足下列兩個條件之一，兩隻奶牛i和j是屬於同乙個群的：
1．兩隻奶牛的曼哈頓距離不超過c(1≤c≤109)，即lxi - xjl+iyi- yjl≤c.
2．兩隻奶牛有共同的鄰居．即，存在乙隻奶牛k，使i與k，j與k均同屬乙個群．
給出奶牛們的位置，請計算草原上有多少個牛群，以及最大的牛群裡有多少奶牛?
蒟蒻$fhq treap$初學，所以**巨醜，封裝的也不美觀，導致$insert等操作在main$函式裡顯得很長，這也是我調了很長時間的原因。
對於曼哈頓距離$|x[i]-x[j]|+|y[i]-y[j]|$，我們將其轉化為契比雪夫距離$max(|x[i]-x[j]|,|y[i]-y[j]|)$，此時座標$(x,y)變成了(x+y,x-y)$。
這樣問題便簡化了：我們按x為第一關鍵字，$y$為第二關鍵字排序。把$x$扔進佇列裡，維護$fhq treap$，裡面存的是區間$[head,i](x[i]-x[head]<=c)$中所有的y值，這樣我們找到$fhq treap中y[i]$的前驅和後繼用並查集合並即可。**比較難打。
#include#include#include
#include
#include
#include
#define lc(x) ch[x][0]
#define rc(x) ch[x][1]
using
namespace
std;
typedef
long
long
ll;const ll n=100010
;const ll inf=99999999999999999
;struct
node
cow[n],fir[n];
ll ch[n][
2],rnk[n],id[n],sz[n],root,x,y,z,cnt;
ll val[n];
ll n,c;
ll ans;
inline ll read()
while(ch>='
0'&&ch<='9')
return x*f;}
bool
cmp(node a,node b)
ll father[n],tot[n];
inline ll new_node(ll x,ll pos)
inline
void
pushup(ll now)
inline
void split(ll now,ll k,ll &x,ll &y)}
inline ll merge(ll x,ll y)
else }
inline ll kth(ll now,ll k)}
inline ll find(ll x)
intmain()
sort(cow+1,cow+1+n,cmp);
for(ll i=1;i<=n;i++)father[i]=i,tot[i]=1
; root=new_node(cow[1].y,cow[1
].id);
split(root,-inf,x,y);root=merge(merge(x,new_node(-inf,0
)),y);
split(root,inf,x,y);root=merge(merge(x,new_node(inf,n+1
)),y);
ll head=1
;
for(ll i=2;i<=n;i++)
split(root,cury,x,y);
ll pre=id[kth(x,sz[x])];
root=merge(x,y);
split(root,cury-1
,x,y);
ll nxt=id[kth(y,1
)]; root=merge(x,y);
//cout<<"pre nxt="}
if(abs(fir[pre].y-cury)<=c)
}split(root,cury,x,y);
root=merge(merge(x,new_node(cury,cow[i].id)),y);
}ll ans=0
; ll maxn=0
;
for(ll i=1;i<=n;i++)
cout
<"
"<}
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