ray 樂忠於旅遊，這次他來到了t 城。t 城是乙個水上城市，一共有 n 個景點，有些景點之間會用一座橋連線。為了方便遊客到達每個景點但又為了節約成本，t 城的任意兩個景點之間有且只有一條路徑。換句話說， t 城中只有n − 1 座橋。樹剖裸題,邊權轉點權,直接賦給深度較深的點.ray 發現，有些橋上可以看到美麗的景色，讓人心情愉悅，但有些橋狹窄泥濘，令人煩躁。於是，他給每座橋定義乙個愉悅度w，也就是說，ray 經過這座橋會增加w 的愉悅度，這或許是正的也可能是負的。有時，ray 看待同一座橋的心情也會發生改變。
現在，ray 想讓你幫他計算從u 景點到v 景點能獲得的總愉悅度。有時，他還想知道某段路上最美麗的橋所提供的最大愉悅度，或是某段路上最糟糕的一座橋提供的最低愉悅度。
輸入的第一行包含乙個整數n，表示t 城中的景點個數。景點編號為 0...n − 1。
接下來n − 1 行，每行三個整數u、v 和w，表示有一條u 到v，使 ray 愉悅度增加w 的橋。橋的編號為1...n − 1。|w| <= 1000。 輸入的第n + 1 行包含乙個整數m，表示ray 的運算元目。
接下來有m 行，每行描述了乙個操作，操作有如下五種形式：
測試資料保證，任意時刻，ray 對於經過每一座橋的愉悅度的絕對值小於等於1000。
對於每乙個詢問(操作s、max 和min)，輸出答案。
查詢的時候由於會出多修改乙個點的問題,所以要\(+1\)。
這裡把編號從\(0\)到\(n-1\)變成了\(1\)到\(n\).
貌似這樣會少很多鍋?單點修改也要下放標記。怪不得一直wa
**
#include#include#include#include#define int long long
#define ls o<<1
#define rs o<<1|1
#define n 1000080
#define r register
using namespace std;
inline void in(int &x)
while(isdigit(s))
x*=f;
}int n,head[n],tot,depth[n],size[n],f[n],son[n],val[n];
struct codedge[n<<1];
int tr[n<<2],mn[n<<2],mx[n<<2],m,tg[n<<2];
int dfn[n],fdfn[n],idx,top[n];
char s[8];
inline void add(int x,int y,int z)
inline void up(int o)
inline void down(int o,int l,int r)
}void build(int o,int l,int r)
int mid=(l+r)>>1;
build(ls,l,mid);
build(rs,mid+1,r);
up(o);
}void change(int o,int l,int r,int pos,int w)
down(o,l,r);
int mid=(l+r)>>1;
if(pos<=mid)change(ls,l,mid,pos,w);
else change(rs,mid+1,r,pos,w);
up(o);
}void qufan(int o,int l,int r,int x,int y)
down(o,l,r);
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid)qufan(ls,l,mid,x,y);
if(y>mid)qufan(rs,mid+1,r,x,y);
up(o);
}int query_sum(int o,int l,int r,int x,int y)
int query_max(int o,int l,int r,int x,int y)
int query_min(int o,int l,int r,int x,int y)
void dfs1(int u,int fa,int dis)
else
fx=top[x],fy=top[y];
} if(x == y) return ;
if(dfn[x]>dfn[y])swap(x,y);
qufan(1,1,idx,dfn[x]+1,dfn[y]);
}inline int tquery(int x,int y)
else
fx=top[x],fy=top[y];
} if(x == y) return res ;
if(dfn[x]>dfn[y])swap(x,y);
res+=query_sum(1,1,idx,dfn[x]+1,dfn[y]);
return res;
}inline int tquery_min(int x,int y)
else
fx=top[x],fy=top[y];
} if(x == y) return res ;
if(dfn[x]>dfn[y])swap(x,y);
res=min(res,query_min(1,1,idx,dfn[x]+1,dfn[y]));
return res;
}inline int tquery_max(int x,int y)
else
fx=top[x],fy=top[y];
} if(x == y) return res ;
if(dfn[x]>dfn[y])swap(x,y);
res=max(res,query_max(1,1,idx,dfn[x]+1,dfn[y]));
return res;
}signed main()
else if(s[0]=='n')
else if(s[0]=='s')
else if(s[1]=='a')
else if(s[1]=='i')
}}
P1505 國家集訓隊 旅遊 樹鏈剖分
題目描述 ray 樂忠於旅遊，這次他來到了t 城。t 城是乙個水上城市，一共有 n 個景點，有些景點之間會用一座橋連線。為了方便遊客到達每個景點但又為了節約成本，t 城的任意兩個景點之間有且只有一條路徑。換句話說，t 城中只有n 1 座橋。ray 發現，有些橋上可以看到美麗的景色，讓人心情愉悅，但有...
P1505 國家集訓隊 旅遊 （樹鏈剖分）
傳送門 很明顯是樹鏈剖分，因為是邊權，所以將每個邊權給深度大的那個點可以了，根節點不用賦值，要求最大值和最小值，所以線段樹不包含根節點。因為點是從0編號的，所以父節點和重兒子陣列要初始化。include include include using namespace std const int n ...
P1505 國家集訓隊 旅遊
題目鏈結 這道題其實還是比較好想的，同樣是邊權問題。我們需要維護最大值，最小值，和。最坑的地方就是路徑上的所有數變相反數，其實這個就是把區間和 1，區間最大 1，區間最小 1，最後pushdown的時候將取反標記 1，接下來一系列都是常規操作。而這裡還要記住，單點修改時也要下傳lazy標記。而我在跳...