20181029 考試記錄

題目pdf

w神爺的題解

t1:簡單$dfs$

#include#include
#include
#include
using
namespace
std;
inline 
intread()
while(c>='
0'&&c<='9')
return f*ans;
}int a1[80],b1[80],a2[80],b2[80
];int n,m,num[102
];bool
check()
if(ans==n+m) return1;
return0;
}void dfs(int
pos)
if(pos==m+1) return
;    
if(!a2[pos]) 
dfs(pos+1
);    
for(int i=1;i<=n;i++)
}} int
main()

view code

t2:(垃圾題目,$getchar$換成$scanf$，就$100 score$了)

$k\leq 15$，所以想到可以用狀壓$dp$來解決，第一步是要求每兩個寶藏之間的距離，假設起點也是乙個寶藏，用$bfs$解決，然後問題就轉換成在乙個完全圖中選擇$x$個點，使經過一次後距離不超過$t$,最大的$x$是多少。所以考慮狀壓$dp$,但是當只有一位($dp(i)$ 表示當前狀態時是有後效性的，所以考慮二維)。

設$dp(i,j)$表示當前取到的狀態為$i$,最後乙個點是$j$的最小距離。然後看一下當前距離是否小於$t$,若小於然後統計一下狀態裡的$1$即可.$dp(i,j)=dp(u,p)+dis(p,j) $，然後就瞎搞了

#include#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
inline 
intread()
while(c>='
0'&&c<='9')
return f*ans;
}int
n,m,k,t;
int a[512][512
];struct
nodep[
21];
int sx,sy,sry=1,has[512][512],vis[512][512],dis[21][21
];struct
node1;
queue
que;
int dx[4]=;
char str1[510
];int dy[4]=;
int dp[125537][21],d[21],inf=99999999
,ans;
intmain()
if(str=='s')
}getchar(); 
}memset(dis,
127/3,sizeof
(dis));
for(int st=1;st<=sry;st++)}}
}}
memset(dp,
127/3,sizeof
(dp));
dp[1][1]=0
;    
for(int i=1;i<=(1
<1;i++)
for(int j=1;j<=sry;j++)
d[j]=1
;            
if(dp[i][j]<=t) 
ans=max(ans,st);}}
cout
<1
<
}

view code

t3:其實就是一道比較簡單的$dp$,結果看錯了$a_i$的範圍

首先，先離散化，lower_bound即可，確定一下每個數，就是把他們存到$1~n$中。然後看見題目上說的是最小的最大，果斷二分答案。我們假設$x$為二分的最小值，所以對於每乙個位置$pos$，我們先設$st[pos]$表示右端點為$pos$的最小$l$值滿足在$l~pos$中沒有相同的數，其實就是這道題(this)。所以$pos$上一塊的取值範圍是$[st[pos]-1,pos-i]$，我們設$g(i)$表示前$i$個音符已經劃定的方案數，及從$\sum_^r g(i)$，當前複雜度$o(n^2)$，考慮到$\sum_^r g(i)$這個式子可以字首和優化，所以$dp$總複雜度$o(n)$，時間複雜度:$o(nlog(n))$

#include#include
#include
#define mod 998244353#include
#define int long long
using
namespace
std;
inline 
intread()
while(c>='
0'&&c<='9')
return f*ans;
}int g[525011],sumg[525011],n,a[525011],x[525011],st[525011],last[525011
];inline 
intget(int
lim)
g[i]=(g[i]+mod)%mod;
sumg[i]=sumg[i-1]+g[i];
sumg[i]=(sumg[i]+mod)%mod;
}return g[n]%mod;
}bool check(int mid)
intmaxn;
signed main()
int l=1,r=n;
while(l<=r)
cout
return0;
}

view code

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