本菜鳥又在cf div2水了一次，這次的5道題只做出了兩道，div2的c,d（div1的a,b），不錯的題目，可惜當時只想到了一半半，要繼續修煉呀。
題意是這樣的，給定兩個串s1,s2，s1可以使用多次，拼成s1s1s1…s1這種串，然後去掉任意多個字母能變成s2，問說最少用多少個s1。
暴力的思路比較好想，在s1,s2上設立兩個指標，都是單向的，相應進行匹配，如果s1處的指標走滿後，就另起乙個，但這樣的複雜度是o(ans*|s1|)，主要的開銷在於s1上的指標每次都要走來走去的，因為字典就a…z這26種，每次找過的a，又得重新再找一遍，太冗餘了，可以用dp(i, j)記錄從i…len(s1)這個串中，最左邊的字母j的位置，這樣就可以快速定位i指標的位置了。預處理dp(i, j)的時間複雜度是o(26*|s1|)，總的複雜度為o(26*|s1| + |s2|)，這樣的複雜度就可以ac了，也可以這樣優化，建立26個有序表，然後二分快速定位相應的位置，這樣的話可以把複雜度降為o(|s1| + |s2| * log|s2|)，補充一句，題解說可以用b樹優化。**如下：
#include
#include
#include
#include
#include
usingnamespace std;
constint max = 1e4 + 5;
string s1, s2;
int d[max][26]; //d[i][j]表示從s1[i],s1[i+1],...,s1[len(s1)]中最左邊的i在**
int main()
i = 0;
int ans = 0, j = 0;
while(j < len2)
else
}
if(j < len2) cout << "-1";
else cout << ans + 1;
}
題意是這樣的，n個整數組成乙個序列，用a1, a2, …, an表示，對於每個每個位置i，求出i右邊，最遠的j使得aj < ai。題解的方法很巧妙，建立陣列m，m[i]表示從ai到an中的最小值，則m[i]是個遞減陣列，然後列舉的時候，二分逼近那個最遠的邊界就可以了，複雜度是o(n*logn)，有人提到先對陣列排序後，然後列舉，並儲存最遠的位置，也是個不錯的方法，但要注意陣列中的值可能相等，複雜度也是o(n*logn)。前者方法的**如下：
#include
#include
#include
#include
usingnamespace std;
constint max = 1e5 + 5;
int v[max], r[max], m[max], n;
int main()
if(high >= i) r[i] = high;
else r[i] = i;
}
for(int i = 1; i <= n; i++)
cout << r[i] - i - 1 << " ";
}
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