在僅包含 0 和 1 的陣列 a 中，一次 k 位翻轉包括選擇乙個長度為 k 的（連續）子陣列，同時將子陣列中的每個 0 更改為 1，而每個 1 更改為 0。
返回所需的 k 位翻轉的最小次數，以便陣列沒有值為 0 的元素。如果不可能，返回 -1。
示例 1：
輸入：a = [0,1,0], k = 1
輸出：2
解釋：先翻轉 a[0]，然後翻轉 a[2]。
示例 2：
輸入：a = [1,1,0], k = 2
輸出：-1
解釋：無論我們怎樣翻轉大小為 2 的子陣列，我們都不能使陣列變為 [1,1,1]。
示例 3：
輸入：a = [0,0,0,1,0,1,1,0], k = 3
輸出：3
解釋：翻轉 a[0],a[1],a[2]: a變成 [1,1,1,1,0,1,1,0]
翻轉 a[4],a[5],a[6]: a變成 [1,1,1,1,1,0,0,0]
翻轉 a[5],a[6],a[7]: a變成 [1,1,1,1,1,1,1,1]
1 <= a.length <= 30000
1 <= k <= a.length
從左到右遍歷陣列，如果碰到乙個 0，以其為左端進行翻轉，並修改當前位置開始的長度為 k 的子陣列，同時計數器 + 1，最終如果陣列不全為 0 則返回 -1 ，否則返回計數器的值。
class
solution
:def
minkbitflips
(self, a, k)
: n =
len(a)
res =
0for i in
range
(n - k +1)
:if a[i]==1
:continue
for j in
range
(k):
a[i + j]^=
1 ans +=
1for k in
range
(n):
if a[k]==0
:return-1
return res
差分法
class
solution
:def
minkbitflips
(self, a: list[
int]
, k:
int)
->
int:
n, count, res =
len(a),0
,0diff =[0
]*(n +1)
# 考慮邊界問題，這裡需要多1個。
for i in
range
(n):
count += diff[i]
# 先計算 第 i 個位置翻轉的次數
if(count + a[i])%
2==0:
# 翻轉count次後 還是不為1 的話就 再翻轉一次[i:i+k-1]區間 如果越界就返回實現不了-1；
if i + k > n:
return-1
diff[i + k]-=1
# 如果要多翻轉一次，那麼這裡count+1 同時diff[i+k] 因為 a[i+k-1]多翻轉了一次 ，所以之差 -1
count +=
1 res +=
1return res
995 K 連續位的最小翻轉次數
題目描述 在僅包含 0 和 1 的陣列 a 中，一次 k 位翻轉包括選擇乙個長度為 k 的 連續 子陣列，同時將子陣列中的每個 0 更改為 1，而每個 1 更改為 0。返回所需的 k 位翻轉的次數，以便陣列沒有值為 0 的元素。如果不可能，返回 1。解題思路一，因為0和1翻轉只有兩種情況，那麼我們可...
995 K 連續位的最小翻轉次數
在僅包含 0 和 1 的陣列 a 中，一次 k 位翻轉包括選擇乙個長度為 k 的 連續 子陣列，同時將子陣列中的每個 0 更改為 1，而每個 1 更改為 0。返回所需的 k 位翻轉的最小次數，以便陣列沒有值為 0 的元素。如果不可能，返回 1。示例 1 輸入 a 0,1,0 k 1 輸出 2 解釋 ...
995 K 連續位的最小翻轉次數
在僅包含 0 和 1 的陣列 a 中，一次 k 位翻轉包括選擇乙個長度為 k 的 連續 子陣列，同時將子陣列中的每個 0 更改為 1，而每個 1 更改為 0。返回所需的 k 位翻轉的最小次數，以便陣列沒有值為 0 的元素。如果不可能，返回 1。示例 1 輸入 a 0 1,0 k 1輸出 2 解釋 先...