1049. 最後一塊石頭的重量 ii
有一堆石頭，每塊石頭的重量都是正整數。示例：每一回合，從中選出任意兩塊石頭，然後將它們一起粉碎。假設石頭的重量分別為 x 和 y，且 x <= y。那麼粉碎的可能結果如下：
如果 x == y，那麼兩塊石頭都會被完全粉碎；
如果 x != y，那麼重量為 x 的石頭將會完全粉碎，而重量為 y 的石頭新重量為 y-x。
最後，最多隻會剩下一塊石頭。返回此石頭最小的可能重量。如果沒有石頭剩下，就返回 0。
輸入：[2,7,4,1,8,1]輸出：1
解釋：組合 2 和 4，得到 2，所以陣列轉化為 [2,7,1,8,1]，
組合 7 和 8，得到 1，所以陣列轉化為 [2,1,1,1]，
組合 2 和 1，得到 1，所以陣列轉化為 [1,1,1]，
組合 1 和 1，得到 0，所以陣列轉化為 [1]，這就是最優值。
1 <= stones.length <= 30基本思路：本題可以換種角度思考問題，假設stones=,那麼碰撞的結果只有，a-b-c,a-c-b,b-a-c,b-c-a,c-a-b,c-b-a,假設再新增乙個元素d,僅僅對於a-b-c這種形式，有a+d-b-c,a-b-c-d,d+b+c-a等等形式，不難發現，最後的結果實際上是對每個陣列上的元素進行加減法得到的，共有2^(n)中結果，直接計算結果有點大，可以採用bitset來做。1 <= stones[i] <= 1000
對於上述結果，其實可以進一步發現，如果把加法算為一堆，令其結果為x，減法算為一堆，令其結果為y,那麼最終結果為abs(x-y),這代表，其實我們可以把問題轉換成，把石頭分為兩堆，使其大小盡量相等，即target=sum/2，問題直接轉換成0-1揹包問題。
const int capacity = 60002;
const int bound = 30001;
int laststoneweightii(vector& stones)
for (int i = 0; i < bound; i++)
return -1;
}
組合2，4：[<4-2>,7,1,81]
組合7，8：[<4-2>,<8-7>,1,1]
組合2，1: [<4-2-1>,<8-7>,1]
組合1，2：[<4-2-1-1>,<8-7>] <===> [<8-7-(4-2-1-1)>] <===> [<(8+2+1+1)-(7+4)>] <===>[<12-11>] <===>
上述問題可以轉化為分成兩堆，8，2，1，1一堆，7和4一堆，結果為兩堆結果差的絕對值
總結：對於上述任何問題都可以最終表達為f=x1-x2-x3……-xk=x1-(x2+x3+……+xk)=(s1+s2+……+sr)-(t1+t2+……+tp),注意這裡每乙個xi都可能是乙個複數表達（即有多個石頭變換得到),而si和ti都是單個的石頭，等價於將其分為兩堆，使其盡量平均，g=min(f)=min(sum(s)-sum(t)),等價於求最接近sum/2的堆的大小，故我們可以令target=sum/2,使用0-1揹包的思路解決問題。
int laststoneweightii(vector& stones)
int target=sum>>1;
vectordp(target+1,0);
for(auto &it:stones)
}return sum-2*dp[target];
}
1049 最後一塊石頭的重量 II
有一堆石頭，用整數陣列stones表示。其中stones i 表示第i塊石頭的重量。每一回合，從中選出任意兩塊石頭，然後將它們一起粉碎。假設石頭的重量分別為x和y，且x y。那麼粉碎的可能結果如下 最後，最多隻會剩下一塊石頭。返回此石頭最小的可能重量。如果沒有石頭剩下，就返回0。示例 1 輸入 st...
最後一塊石頭重量
有一堆石頭，每塊石頭的重量都是正整數。每一回合，從中選出兩塊 最重的 石頭，然後將它們一起粉碎。假設石頭的重量分別為 x 和 y，且 x y。那麼粉碎的可能結果如下 如果 x y，那麼兩塊石頭都會被完全粉碎 如果 x y，那麼重量為 x 的石頭將會完全粉碎，而重量為 y 的石頭新重量為 y x。最後...
C語言重構 1049 最後一塊石頭的重量 II
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