題意：對乙個長度為n的條染色，只能黑或者白，對第i塊染色染成黑或白分別加分arr[i]和brr[i]，給出m條線段，對這些線段同時染成某種顏色有額外的加分，求最大的加分數。
解析：比賽時用著明顯錯誤的假演算法衝過了中等難度，感覺題目的資料有點過水，不能保證**完全正確 (⊙﹏⊙)
現在想來中等難度的o(n+m^2)的正確演算法應該是：把黑白區間分別按照右邊界從小到大排列，之後在dp的過程中到達右邊界時進行dp，狀態轉移方程就是dp[i]=max(dp[i],dp[j-1]+pre[i]-pre[j-1]+sum)，其中j是每乙個(需要o(m)次)之前跑過的線段的左邊界，sum是跑過的左邊界大於等於j的線段加分和，右邊那項代表的意思是把j到i全塗成某個顏色的最右解。
而當m到達3e5時，還是對黑白區間分別進行處理，但每次還是乙個個線段來求就會超時，所以應該把取每一線段對結果的加分用線段樹來表示體現，這裡使用的線段樹意義不好理解，是乙個隨著i的變化而不斷更新的線段樹，線段樹第k個節點的值代表把k到i之間全部塗成顏色id時，從1到i的加分最大值，id只有0和1兩種狀態，代表全染成黑色和全染成白色兩棵線段樹。
一直覺得dp題看狀態轉移方程和題解解析很難看懂，還是直接看**比較好理解轉換邏輯。。。。
**：
#include #define x first
#define y second
#define mid (l+r>>1)
#define lo (o<<1)
#define ro (o<<1|1)
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef vectorvi;
typedef pairpii;
struct tri;
const int inf=0x3f3f3f3f;
const ll linf=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const int maxn=3e5+10;
const ll mod=1e9+7;
const double pi=acos(0)*2;
bool cmp(tri a,tri b)
build(lo,l,mid);
build(ro,mid+1,r);
}void pushdown(int id,int o,int l,int )
void add(int id,int ql,int qr,ll v,int o=1,int l=1,int r=n)
pushdown(id,o,l,r);
if(ql<=mid)add(id,ql,qr,v,lo,l,mid);
if(qr>mid)add(id,ql,qr,v,ro,mid+1,r);
ma[id][o]=max(ma[id][lo],ma[id][ro]);
}int main()
); else sb.push_back();
}sa.push_back();
sb.push_back();//方便邊界處理
sort(sa.begin(),sa.end(),cmp);
sort(sb.begin(),sb.end(),cmp);
auto a=sa.begin(),b=sb.begin();
ll ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
while(b->y==i)
ans=max(ma[0][1],ma[1][1]);//ans代表到i的最右解，相當與dp[i]
}cout
}
2016計蒜之道初賽
官方題解 另外搜尋題解的時候看到乙個很有意思的部落格.大一進省賽的妹子otz 畫出以頂點 o 為公共頂點的 夾角為 的兩條線段l1和l2，其中l1作為圓 c1的直徑，l2作為圓 c2的直徑。兩個圓需要畫在同乙個圓形的塑料板上。請算出這個塑料板最小的面積是多少。字串處理 很坑的是oj 測試 只是測試能...
2017 計蒜之道 初賽 第五場
ucloud 機房的網路搭建 ucloud 剛剛建立乙個新機房，近日正在進行網路搭建。機房內有 n n 臺伺服器和 m m 個分線器，整個機房只有乙個網線出口。分線器的作用是將一根網線轉換成多根網線。蒜頭君也知道每個分線器輸出的最大網線根數 不一定要將分線器輸出的每根線都用上 問你至少需要使用多少個...
2017 計蒜之道 初賽 第五場
a.ucloud 機房的網路搭建 ucloud 剛剛建立乙個新機房，近日正在進行網路搭建。機房內有 nn 臺伺服器和 mm 個分線器，整個機房只有乙個網線出口。分線器的作用是將一根網線轉換成多根網線。蒜頭君也知道每個分線器輸出的最大網線根數 不一定要將分線器輸出的每根線都用上 問你至少需要使用多少個...