題解：
考慮離散化，利用兩顆線段樹來維護合適的資訊求解兩個詢問。
min_gap：求相鄰的差值絕對值最小。建立線段樹儲存差值的出現次數，詢問時求差值最小的那個即可。記位置i
ii初始值為a[i
]a[i]
a[i]
，新插入的值為b[i
]b[i]
b[i]
(初始b[i
]=a[
i]
b[i]=a[i]
b[i]=a
[i])，當在位置i
ii插入乙個新的數k
kk時，原本的差值abs
(a[i
+1]−
b[i]
)abs(a[i+1]-b[i])
abs(a[
i+1]
−b[i
])出現次數減一，新出現兩個差值abs
(b[i
+1]−
k),a
bs(k
−b[i
])
abs(b[i+1]-k), abs(k-b[i])
abs(b[
i+1]
−k),
abs(
k−b[
i])出現次數加1(注意一下i==
ni == n
i==n
時，只需更新第乙個)。然後另b[i
]=
kb[i] = k
b[i]=k
即可。min_sort_gap：求最接近的兩個元素的差值。線段樹維護數出現的次數即可。設ans
2ans2
ans2
，初始為原陣列中排序後相鄰元素差值的最小值。更新時，統計≤
k\le k
≤k的數的數量sum，求第sum
,sum
+1
sum,sum+1
sum,su
m+1個元素的值，與k
kk求差值，更新ans
2ans2
ans2
即可。ans
2ans2
ans2
即結果。最後將k的資訊放入線段樹。若ans
2==0
ans2 == 0
ans2==
0後，差值不會更小，則停止查詢更新的操作，以降低時間複雜度。
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define dbg(x) cout<<#x<<" = "<#define inf 0x3f3f3f3f
#define llinf 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define eps 1e-6
using namespace std;
typedef
long
long ll;
typedef pair<
int,
int> p;
const
int maxn =
2500100
;const
int mod =
10000
;int a[maxn]
, b[maxn]
, c[maxn]
, p1[maxn*3]
, p2[maxn*3]
;int op[maxn]
, x[maxn]
, y[maxn]
;int
lisan
(int n,
int a)
;void
update
(int l,
int r,
int x,
int y,
int k,
int p)
;int
querysum
(int l,
int r,
int x,
int k,
int p)
;int
query
(int l,
int r,
int x,
int k,
int p)
;int
main()
sort
(c+1
, c+
1+n)
;for
(i=2
;i<=n;i++
)ans2 =
min(ans2, c[i]
-c[i-1]
);cnt = n;
for(i=
2;i<=n;i++
)c[++cnt]
=abs
(a[i]
-a[i-1]
);for(i=
0;i)else
if(str[4]
=='g'
)op[i]=2
;else op[i]=3
;}for(i=
1;i<=n;i++
)b[i]
= a[i]
; cnt =
lisan
(cnt, c)
;for
(i=1
;i<=n;i++
)for
(i=0
;i(op[i]==1
)update(1
, cnt, pos,1,
1, p1);}
int ch =
abs(y[i]
-b[x[i]])
; pos =
lower_bound
(c+1
, c+
1+cnt, ch)
-c;update(1
, cnt, pos,1,
1, p2);if
(x[i]
!= n)
}else
if(op[i]==2
)printf
("%d\n"
, c[
query(1
, cnt,1,
1, p2)])
;else
printf
("%d\n"
, ans2)
;return0;
}int
lisan
(int n,
int a)
void
update
(int l,
int r,
int x,
int y,
int k,
int p)
intquerysum
(int l,
int r,
int x,
int k,
int p)
intquery
(int l,
int r,
int x,
int k,
int p)
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