給定乙個排序陣列，你需要在 原地 刪除重複出現的元素，使得每個元素只出現一次，返回移除後陣列的新長度。
不要使用額外的陣列空間，你必須在 原地 修改輸入陣列 並在使用 o(1) 額外空間的條件下完成。
示例 1:
給定陣列 nums = [1,1,2],
函式應該返回新的長度 2, 並且原陣列 nums 的前兩個元素被修改為 1, 2。
你不需要考慮陣列中超出新長度後面的元素。
示例 2:
給定 nums = [0,0,1,1,1,2,2,3,3,4],
函式應該返回新的長度 5, 並且原陣列 nums 的前五個元素被修改為 0, 1, 2, 3, 4。
你不需要考慮陣列中超出新長度後面的元素。
說明:為什麼返回數值是整數，但輸出的答案是陣列呢?
請注意，輸入陣列是以「引用」方式傳遞的，這意味著在函式裡修改輸入陣列對於呼叫者是可見的。
你可以想象內部操作如下:
// nums 是以「引用」方式傳遞的。也就是說，不對實參做任何拷貝
int len = removeduplicates(nums);
// 在函式裡修改輸入陣列對於呼叫者是可見的。
// 根據你的函式返回的長度, 它會列印出陣列中該長度範圍內的所有元素。
for (int i = 0; i < len; i++)
方法一：暴力解法
遍歷整個列表，判斷每個元素是否有重複項，如果有就刪除重複項。
**：
class
solution
(object):
defremoveduplicates
(self, nums)
:"""
:type nums: list[int]
:rtype: int
"""i =
0while i <
len(nums)
:if nums.count(nums[i]
)>1:
nums.remove(nums[i]
)else
: i = i +
1return
len(nums)
因為列表的count方法的複雜度是o(n)，同時remove的方法也是o(n)，而且需要遍歷整個列表，所以時間複雜度就是o(n*n)。
空間複雜度：o(1)
只需要常量空間。
方法二：雙指標
快慢指標結合，拼出不重複列表並獲得無重複列表長度。
設定慢指標的索引為i，快指標的j，讓快指標逐個向後移動，如果慢指標索引位置的值和快指標位置的值不相等， 就讓i處的值賦為j處的值，其實此過程相當於在輸入列表本身生成無重複列表，注意此題有乙個重要條件就是它是乙個排序列表，也就是重複的值只能挨著，所以此方法才會生效！
**
class
solution
(object):
defremoveduplicates
(self, nums)
:"""
:type nums: list[int]
:rtype: int
"""i,j =0,
1while j <
len(nums)
:print
(j)if nums[i]
!= nums[j]
: i +=
1 nums[i]
= nums[j]
j +=
1return i+
1# 注意，因為i為索引，所以長度肯定是最後乙個索引+1
此過程只遍歷了列表，所以時間複雜度為o(n)
空間複雜度：o(1)
此過程沒有只使用了常數的空間。
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