利用python 自帶的翻轉 函式reversed()
def is_plalindrome(string):
return string == ''.join(list(reversed(string)))
自己實現
def is_plalindrome(string):
string = list(string)
length = len(string)
left = 0
right = length - 1
while left < right:
if string[left] != string[right]:
return false
left += 1
right -= 1
return true
當然還有切片string[::-1]暴力破解,列舉所有的子串,對每個子串判斷是否為回文, 時間複雜度為 o(n^3)
def solution(s):
s = list(s)
l = len(s)
dp = [[0] * l for i in range(l)]
for i in range(l):
dp[i][i] = true
# 當 k = 2時要用到
dp[i][i - 1] = true
resleft = 0
resright = 0
# 列舉子串的長度
for k in range(2, l+1):
# 子串的起始位置
for i in range(0, l-k+1):
j = i + k - 1
if s[i] == s[j] and dp[i + 1][j - 1]:
dp[i][j] = true
# 儲存最長的回文起點和終點
if resright - resleft + 1 < k:
resleft = i
resright = j
return ''.join(s[resleft:resright+1])
時間複雜度為 o(n^2), 空間複雜度為 o(n^2)
manacher 演算法首先對字串做乙個預處理,使得所有的串都是奇數長度, 插入的是同樣的符號且符號不存在與原串中,串的回文性不受影響
aba => #a#b#a#
abab => #a#b#a#b#
我們把回文串中最右位置與其對稱軸的距離稱為回文半徑,manacher 演算法定義了乙個回文半徑陣列 rl,rl[i]表示以第 i 個字元為對稱軸的回文半徑,對於上面得到的插入分隔符的串來說,我們可以得到 rl陣列
char: # a # b # a #
rl: 1 2 1 4 1 2 1
rl-1: 0 1 0 3 0 1 0
i: 0 1 2 3 4 5 6
char: # a # b # a # b #
rl: 1 2 1 4 1 4 1 2 1
rl-1: 0 1 0 3 0 3 0 1 0
i: 0 1 2 3 4 5 6 7 8
我們還求了 rl[i] - 1: 我們發現rl[i] -1 正好是初始字串中以位置i 為對稱軸的最長回文長度
下面是演算法實現
def manacher(pres):
s = '#' + '#'.join(pres) + '#'
l = len(s)
rl = [0] * l
maxright = pos = maxlen = 0
for i in range(l):
if i < maxright:
rl[i] = min(rl[2*pos - i], maxright-i)
else:
rl[i] = 1
while i - rl[i] >= 0 and i + rl[i] < l and s[i - rl[i]] == s[i + rl[i]]:
rl[i] += 1
if i + rl[i] - 1 > maxright:
maxright = i + rl[i] - 1
pos = i
maxlen = max(rl)
idx = rl.index(maxlen)
sub = s[idx - maxlen + 1: idx + maxlen]
return sub.replace('#', '')
空間複雜度:借助了乙個輔助陣列,空間複雜度為 o(n) 時間複雜度:儘管內層存在迴圈,但是內層迴圈只對尚未匹配的部分進行,對於每乙個字元來說,只會進行一次,所以時間複雜度是 o(n)
所謂字首,就是以第乙個字元開始
下面的最長回文字首
abbabbc => abbc
abababb => ababa
sogou => s
將原串逆轉,那麼問題就轉變為求原串的字首和逆串字尾相等且長度最大的值, 這個問題其實就是 kmp 演算法中的 next 陣列的求解了
具體求解: 將原串逆轉並拼接到原串中, 以』#』 分隔原串和逆轉避免內部字串干擾。
def longest_palindrome_prefix(s):
if not s:
return 0
s = s + '#' + s[::-1] + '$'
i = 0
j = -1
nt = [0] * len(s)
nt[0] = -1
while i < len(s) - 1:
if j == -1 or s[i] == s[j]:
i += 1
j += 1
nt[i] = j
else:
j = nt[j]
return nt[len(s) - 1]
這道題其實跟上面基本是一樣的, 例項:
aacecaaa -> aaacecaaa # 新增 a
abcd -> dcbabcd # 新增 dcb
我們先求字串的最長回文字首, 然後剩餘的字串逆轉並拼接到字串的頭部即是問題所求
def solution(s):
length = longest_palindrome_prefix(s)
return s[length:][::-1] + s
dp[i][j] 表示子串行 s[i..j] 中存在的最長回文子串行長度
初始化dp[i][i] = 1
當 s[i] == s[j] 為 true 時,dp[i][j] = dp[i+1][j - 1] + 2
當 s[i] == s[j] 為 false 時,dp[i][j] = max(dp[i+1][j], dp[i][j - 1])
# 求得最長回文子串行的長度
def solution(s):
l = len(s)
dp = [[0] * l for i in range(l)]
for i in range(l):
dp[i][i] = 1
# 列舉子串的長度
for k in range(2, l+1):
# 列舉子串的起始位置
for i in range(0, l-k+1):
j = i + k - 1
if s[i] == s[j]:
dp[i][j] = dp[i + 1][j - 1] + 2
else:
dp[i][j] = max(dp[i][j - 1], dp[i + 1][j])
return dp[0][l-1]
時間複雜度為 o(n^2), 空間複雜度為 o(n^2)
**:
python 回文字串
題目內容 給定乙個字串,判斷它是否是回文字串 即類似於peep,12321這樣的對稱字串 如果是輸出true,不是則輸出false。判斷過程中假定只考慮字母和數字字元,而且忽略字母的大小寫和其它符號 如空格 標點符號等 輸入格式 共一行,為乙個字串。輸出格式 共一行,為true或false。輸入樣例...
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