花神遊歷各國 線段樹開方

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原題來自：bzoj 3211

花神喜歡步行遊歷各國，順便虐爆各地競賽。花神有一條遊覽路線，它是線型的，也就是說，所有遊歷國家呈一條線的形狀排列，花神對每個國家都有乙個喜歡程度（當然花神並不一定喜歡所有國家）。

每一次旅行中，花神會選擇一條旅遊路線，它在那一串國家中是連續的一段，這次旅行帶來的開心值是這些國家的喜歡度的總和，當然花神對這些國家的喜歡程式並不是恆定的，有時會突然對某些國家產生反感，使他對這些國家的喜歡度 δ

變為 δ√

（可能是花神虐爆了那些國家的 oi，從而感到乏味）。

現在給出花神每次的旅行路線，以及開心度的變化，請求出花神每次旅行的開心值。

第一行是乙個整數 n，表示有 n個國家；

第二行有 n個空格隔開的整數，表示每個國家的初始喜歡度 δ

i；第三行是乙個整數 m，表示有 m條資訊要處理；

第四行到最後，每行三個整數 x,l,r，當 x=1 時詢問遊歷國家 l 到 r 的開心值總和，就是 ∑r

i=lδ

i ，當 x=2 時國家 l 到 r 中每個國家的喜歡度 δ

i變為 δ

i−−√。

每次 x=1

時，每行乙個整數。表示這次旅行的開心度。

4

1 100 5 5
51 1 2
2 1 2
1 1 2
2 2 3
1 1 4

101

1111

i≤109。

注：建議使用 sqr

t 函式，且向下取整。

思路：

這個題是要求開方的，我們可以知道，乙個數多開幾次都會變成1，所以用flag標記，flag=1時表示不用開方了。

**如下：

#include#include#include#include#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;

#define ll long long
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
typedef pairp;
const int inf=4e8;
const int n=100015,mod=32767;
ll sum[n<<2];
int flag[n<<2];
void push_up(int rt)
void build(int l,int r,int rt)
int m=(r+l)>>1;
build(lson);
build(rson);
push_up(rt);
}void push_down(int l,int r,int rt)
int m=(l+r)>>1;
push_down(lson);
push_down(rson);
push_up(rt);
}}ll query(int l,int r,int l,int r,int rt)
int m=(l+r)>>1;
ll ans=0;
if(l<=m)ans+=query(l,r,lson);
if(r>m)ans+=query(l,r,rson);
return ans;
}void update(int l,int r,int l,int r,int rt)
int m=(l+r)>>1;
if(l<=m)update(l,r,lson);
if(r>m)update(l,r,rson);
push_up(rt);
}int main()
else
}}

線段樹 H 花神遊歷各國

output 每次x 1時，每行乙個整數，表示這次旅行的開心度 sample input 4 1 100 5 5 5 1 1 2 2 1 2 1 1 2 2 2 3 1 1 4 sample output hint 對於100 的資料，n 100000，m 200000 data i 非負且小於10...

花神遊歷各國

0 和 1 開方之後不會改變，對 0，1 節點打上標記 如果孩子節點都打上標記了，說明這些孩子節點的和不會改變，那麼父節點也打上標記 對於打上標記的點，change 的時候直接 return include include int n,m long long arr 100005 2 at 1000...

花神遊歷各國 bzoj3211 線段樹

有乙個n個數的序列a，請寫乙個程式完成下列操作 1 l r表示查詢l到r的和 2 l r表示把每個a x l x r 變為sqrt x n 100000,m 100000 其實我是偶然看過冪偉的題解的 滑稽 109 最多開根6次就變成1了，對於1無論怎樣開根都是不影響的 兩種做法。如果是樹狀陣列的話...