目錄題目
解題思路 **
題目描述
有q只猴子要從第一棵樹到第n棵樹去，第i只猴子一次跳躍的最遠距離為ki。如果它在第x棵樹，那它最遠可以跳到第x+ki棵樹。如果第j棵樹的高度比第i棵樹高或相等，那麼它從第i棵樹直接跳到第j棵樹，它的勞累值會增加1。所有猴子一開始在第一棵樹，請問每只猴子要跳到第n棵樹花費的勞累值最小。
輸入
第一行乙個整數n，表示有n棵樹。（2<=n<=1000000），接下來第二行給出n個正整數d1，d2，……，dn（1<=di<=10^9）,其中di表示第i棵樹的高度。第三行給出了乙個整數q（1<=q<=25）,接下來q行，給出了每只猴子一次跳躍的最遠距離ki(1<=ki<=n-1)。
輸出
輸出q行，每行乙個整數，表示乙隻猴子的最小的勞累值。
樣例輸入
9
4 6 3 6 3 7 2 6 522
5
2
1
可以看到，令dp[i] 是為到第i棵樹時前面最小的疲勞值，轉移方程可以很快地得到：dp[i] = min (dp[k] + (h[k] <= h[i]));
這裡的h[k] <= h[i] 也就是說如果第k棵樹比第i棵樹矮或相等的話就會加1（詳見題目）。
然後k的取值也是i - k[i] <= k < i，也就是往前列舉。或許會有人說了，這樣的時間複雜度不就是 o (
別慌別慌，這不是就到主題了嗎——用單調棧、佇列來優化dp。
我們可以用單調上公升的佇列來儲存從i - k[i] ~ i 之間的最小值，把它賦給dp[i]，再把dp[i]放到合適的位置，不就萬事大吉了嗎!
當然，這裡還有乙個小問題，將dp[i]放到合適的位置時，如果dp[i]大於了隊尾，那麼就直接放到它後面就行了；如果是小於，就一直到比它還小的元素後面；
可是如果是等於呢？
仔細想想可以想到，越高的樹是越有潛力的，在後面的作用更大。所以如果是隊尾的高度小於了該高度，那麼也直接踢掉，否則就加到後面去。
#include #include #include using namespace std;
#define maxn 1000000
#define inf 0x3f3f3f3f
int n, d[maxn + 5], q, k[maxn + 5], dp[maxn + 5];
deque d;
void clear ()
void read (int &x)
}void print (int x)
if (x / 10)
print (x / 10);
putchar (x % 10 + 48);
}int main ()
}int x = d.front ();
dp[j] = dp[x];
if (d[j] >= d[x])
dp[j] ++;
while (!d.empty ())
}d.push_back (j);
}print (dp[n]);
putchar ('\n');}}
退役四連測題解（一）
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