近日去筆試，發現對c語言型別轉換有些陌生了，速來整理下
1.1、unsigned char
大小：1位元組，8位
儲存結構：8個真值位
最大值：1111 1111，2^7=128
最小值：0000 0000，2^0=0
取值範圍：0 ~ 128
1.2、signed char / char
大小：1位元組，8位
儲存結構：1個符號位 + 7個真值位
正數最大值：0111 1111，2^7-1 = 127
正數最小值：0000 0000，2^0 = 0
正數範圍：0~127
*負數最大值： 1111 1111，
除符號位取反：1000 0000，
加1： 1000 0001， -1
*負數最小值：1000 0000，
取反：1111 1111
去掉符位1：0111 1111
加上1為： 1000 0000 ， 2^7 =- 128
負數範圍-128~-1
所以char範圍：-128~127
同上分析：
2.1、unsigned
型別 | 位元組 | 位數 | 範圍
u_char，1 ，8，0~2^7
u_short，2，16，0~2^16, 0~ 128*128, 0~65536
u_int，4，32，0~2^16
u_long，8，64，0~2的64次方
u_long long ，16，208，0~2的208次方
2.2、signed
型別 | 位元組 | 位數 | 範圍
char，1，8，-2^7 ~ 2^7-1
short，2，16，-2^15 ~2
int，4，32，0~2^16
long，8，64，0~2的64次方
long long ，16，208，0~2的208次方
3.1、儲存方式
實數在記憶體中以規範化的浮點數存放，包括數符、階碼、尾數。數的精度取決於尾數的位數。比如32位機上float型為23位 double型為52位。
單精度float型儲存在記憶體中的大小為4個位元組，即32位。
浮點表示的一般形式為：r=m*2^e (r:real m:mantissa尾數 e:exponent階碼)
把上面float的二進位制可分成三部分：
x ******xx *********************xx
數符(1b) 階碼（8b） 尾數（23b）
double型的浮點數分別是：數符（1b）、階碼（8b）、尾數（52b）
數符sign：real的正負號 「+」:0 「-「:1
階碼e：e=e-127（double型中e=e-1023） e為正值說明這個浮點數向左移動了e位， e為負值說明這個浮點數向右移動了e位。127=2^7-1 1023=2^10-1
尾數m：有效數字位，這裡是有效數字位的部分二進位製碼
float單精度浮點數
符號位—-階碼位—-尾數
1位——-8位——-23位
s——–e———-m
double雙精度浮點數
符號位—-階碼位—-尾數
s——–e——-m
1位—–8位—–23位
例1：float型浮點數125.5轉化成32位二進位制浮點數
125.5的二進位製碼為1111101.1，寫成二進位制的科學計數為：1.111101*2^6（因為科學計數法「整數」部分大於1，在二進位制中，「整數」部分只能恒為1）即向左移6位，則e=6，則e=e+127=133，而e的二進位製碼為10000101，而1.111101把「整數」部分去除1之後為111101，之後補0，共23b，形成了階碼。
所以125.5的32位二進位制浮點數為
0 10000101 11110100000000000000000
例2：float型浮點數0.5轉化成32位二進位制浮點數
0.5的二進位製碼為0.1，寫成二進位制的科學計數為：1.0*2^(-1)即向右移1位，則e=-1，則e=e+127=126，而e的二進位製碼為01111110，而1.0把「整數」部分去除1之後為0，之後補0，形成了階碼。
所以0.5的32位二進位制浮點數為
0 01111110 00000000000000000000000
double型浮點數類似。
例3：32位二進位制浮點數為0 10000010 00010000000000000000000轉化成十進位制數浮點數
題中已給我們分了三部分，數符部分、階碼部分、尾數部分。
數符部分為0，則代表此數為正數；階碼部分為10000010，則e=130，則e=e-127=3，則說明其向左移了3位，0001加上「整數」部分的1之後，為1.0001。則原二進位制數為1000.1=十進位制8.5，或r=1.0001*2^3=8.5
其中很多計算類似。可舉一反三！
二、轉換型別
1、隱式轉換
2、顯示轉換
3、c++呼叫庫給的轉換方法
三、經典題目
四、刷題練習
常 的資料型別轉換
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