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【問題描述】
當小ff來到神廟時，神廟已經破敗不堪了。但神廟的**有乙個光亮如新的石台。小ff走進石台， 發現石台上有乙個數串，而數串
的上方刻著一串古老的符文之語。精通古符文之語的小ff不費吹灰之力就讀懂了文章的意思，其大意是：對於石台上的一串數
字，你可以在適當的位置加入乘號（設加了k個，當然也可不加，即分成k+1個部分），設這k+1個部分的乘積（如果k=0，則乘
積即為原數串的值）對m的餘數（即mod m）為x;現求x能達到的最小值及該情況下k的最小值，以及x能達到的最大值及該情況下
的k的最小值(可以存在x的最小值與最大值相同的情況)。小ff還知道，如果他找到了正確的答案，那麼就可以通往神廟的下層
了。但這個問題似乎不太好解決，小ff就找到了你，並答應找到財寶以後和你二八分（當然你拿二……）。
【資料範圍】
對於30%的資料：2≤字串的長度l≤50。
對於100%的資料：2≤字串的長度l≤1000；2≤m≤50。
【輸入格式】
第一行為數串，且數串中不存在0； 第二行為m。
【輸出格式】
四個數，分別為x的最小值和該情況下的k，以及x的最大值和該情況下的k，相鄰兩個數之間用以個空格隔開。
sample input
4421
22sample output
0 1 21 0
【題目鏈結】:
【題解】
設f[i][j]表示前i個數字組成的數字%m的值為j時最少需要加入的乘號個數;
設mod[i][j]表示從第i到第j個數字組成的數字%m的值為多少;(這個可以用同餘率搞出來);
令t = (j*mod[i+1][k])%m;
則f[k][t] = min(f[k][t],f[i][j]+1);
最後分別順序列舉、倒序列舉一下i輸出相應的f[n][i]就好;
這裡狀態的表示感覺不好想。
想出來後寫**就比較輕鬆了;
【完整**】
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
#define ll long long
#define rep1(i,a,b) for (int i = a;i <= b;i++)
#define rep2(i,a,b) for (int i = a;i >= b;i--)
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define fi first
#define se second
#define rei(x) scanf("%d",&x)
#define rel(x) scanf("%i64d",&x)
typedef pair pii;
typedef pairpll;
const
int dx[9] = ;
const
int dy[9] = ;
const
double pi = acos(-1.0);
const
int maxl = 1100;
const
int maxm = 50+10;
const
int inf = 0x3f3f3f3f;
char s[maxl];
int m,a[maxl],len,mod[maxl][maxl];
int f[maxl][maxm];
int main()
memset(f,0x3f3f3f3f,sizeof f);
rep1(i,1,len)
f[i][mod[1][i]] = 0;
rep1(i,1,len)
rep1(j,0,m-1)
if (f[i][j]1,len)
}rep1(j,0,m-1)
if (f[len][j]printf("%d %d ",j,f[len][j]);
break;
}rep2(j,m-1,0)
if (f[len][j]printf("%d %d\n",j,f[len][j]);
break;
}return
0;}
NOI導刊2010提高 符文之語
題目傳送門 難得能自己想出來一道藍色的 dp 設f i j 表示前 i 個數表示出取模結果為 j 時的最小 k 值，sum i j 表示區間 i,j 所表示數值取模後的結果，顯然，轉移為 f i k sum j 1 i min f j k 1,f i k sum j 1 i include incl...
32 T5L 迪文屏 C51開發之資料儲存模型
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