leetcode 55 跳躍遊戲

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這個題讓我明白了，演算法題直接暴力是不行的，不要有僥倖心裡。但是，當你只會暴力的時候，還是先執行出來再進行修改吧。不然好的方法是不太容易直接想出來的。

思路：1 明確當前位置能否到達最後乙個位置，最好的判定時當前座標i，對應的值nums[i] + i是改點能走到的最大座標處，所以當nums[i] + i >= nums.size()時，可以直接返回了。另乙個想法就是nums[i] - (nums.size() -i) >=0,其實都是一樣的，這裡我用的是後面的判定方法，也是遞迴的出口。

2 明確當前點i，需要就行多少次遞迴，即nums[i]次，因為他可以從接下來i+1到i+nums[i]內任何乙個位置出發，去尋找能否到達最終位置，需要乙個乙個嘗試，這也是這種方法慢的地方。

//時間超時
class solution 
int i =1;
//   cout<& nums) 
};

思考：[9,5,3,2,1,0,2,0]的執行過程，用上面的方法是5->4>3>2>1>0>0>1>.....

後面就不看了，注意到0時，走不通，回到1，1對應的只有乙個遞迴，走完了回到2，此時2對應的第乙個遞迴（i = 1)走完了,

下乙個時（i = 2)，對應0，但是我們知道0已經走過，但是從0開始是無法走通的，但是程式仍然會再次進行遞迴，所以造成不必要的浪費。

思考：定義乙個陣列，代表改點能否到達最後的位置，如果能則為1，就直接返回，說明改點走過了，不用走了，走也不通。要不然也不會回溯啊。

class solution ;
void solve(vectornums,  bool &sig, int l, int n)
src[l] = 1;
if(l==n || nums[l] - (n - l) >=0)
//icout<=1; i--)
solve(nums,sig, i+ l, n);}}
bool canjump(vector& nums) 
};//這個提示爆記憶體溢位，其實就是棧溢位，很正常，資料多了用遞迴就是這樣。

思路：倒著判斷點i能否到達最後點，如果能設定為1，再判斷前面的點j，能否到i。以此推到初始點。

class solution ;
src[n-1] = 1;
for(int i = n -2; i >= 0; i--)}}
return src[0] == 1;
}};//感謝老天，終於過了，但是時間複雜度為o(n2),太高了，繼續

思考：方法三中第二層迴圈的意思何在？說白了就是記錄乙個點，改點能否到達下乙個可行點。但是記錄的有點多，他記錄了每乙個點，我們只需要記錄最左邊的點能否到達終點，然後在最左邊點1再找乙個相對最左邊的點2能否到達1，即可。

class solution 
}return leftpos == 0;
} };//o(n)
/*相對於第三種
其實count 就是nums[i] + i, j就相當於leftpos
*/

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