你有 n 個元素排成一行，每個元素都由乙個括號 (左括號或右括號) 和乙個權值構成，我們將第 i 個元素記作(si; vi)，其中 si 為 「(」 或者 「)」，vi 為乙個整數 (可能為負數)。
你每次可以選擇一對相鄰的元素，對應的括號為 「()」，即找到乙個 k(1 k < n)，滿足 sk 為 「(」 且 sk+1 為「)」。你可以交換第 k 和 k + 1 個元素 (包括括號和對應的權值)，然後獲得 vk vk+1 的分數。
現在給你初始的元素排列，問你最多能獲得多少的分數。
如果所有數都》0的話，那貪心把所有）都移到最左邊就好了，但是這裡有負數。
首先可以發現
1.答案只取決於原始狀態和最終狀態[可以確定每個'）'跨越了幾個'（']
2.原序列中乙個右括號右邊的右括號不可能向左移時跨越它
所以dp[i][j]表示到左數第i個『）』時，最終將它放在第j個『(』後面，最大收益多少
看起來好像要列舉dp[i-1][k](0<=k<=j),發現每次轉移都是dp[i-1],[0-j]+v[j--當前『（』數量],這樣可以維護字首最大值和字首和優化一下，把dp轉移降到o（1）
#include#include#include#define ll long long
using namespace std;
char s[2020];
ll dp[2020][2020],a[2020],sum[2200];
int len,n,m;
ll max(ll a,ll b)
void work()
for (i=1;i<=len;i++)
scanf("%lld",&a[i]);
for (i=1;i<=len;i++)
n++;
for (j=0;j<=m;j++)
for (j=m+1;j<=mz;j++) dp[n][j]=dp[n][j-1];//以後轉移要用
} cout<>num;
while (num--) work();
}
#include#include#include#define ll long long
using namespace std;
char s[2020];
ll dp[2020],a[2020],sum[2200];
int len,n,m;
ll max(ll a,ll b)
void work()
for (i=1;i<=len;i++)
scanf("%lld",&a[i]);
for (i=1;i<=len;i++)
n++;
for (j=0;j<=m;j++)
for (j=m+1;j<=mz;j++) dp[j]=dp[j-1];
} cout<>num;
while (num--) work();
}
2018 浙江省賽j zoj4033
本題大意 給你一串數字1為男 0為女 隨著位數增加每個人擁有的寶石數遞增 從一開始 要把這些人分為4組 組 1 2為女 組3 4 為男 並且1 3之和 要等於 2 4之和 解法 總值 2 1的話就無法均分 輸出 1 可以的話 從中值開始 貪心一下 取得到就判斷男女 男的就分到3 女的就分到1 不能取...
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zoj 3872 beauty of array 對於每個數，計算這個數被累加的次數。找到這個數左邊這個數出現的地方，在這之間的所有數的數量 這個數後面的數的數量，即為這個數被計算的次數 include include typedef long long ll int a 1000005 post ...
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