可以發現對於詢問的區間，只有區間裡的最小值和最大值是有意義的。不妨把詢問原區間等效為詢問值域區間。
大題思路是在輸入時我們很容易知道想讓乙個連續區間包含這段詢問區間至少需要向左向右擴充套件到**，但是因為擴充套件時可能會改變區間的最大（小）值，所以我們找出到底擴充套件到**可以符合條件即可。
令輸入的序列為a。可以維護乙個st表讓我們在o(1)的複雜度內知道對於查詢的值域區間，最少需要向左（右）擴充套件到**。讓我們將a[i]和a[i+1]在i點一起考慮。考慮分治，先從小區間開始計算，每一層裡只考慮經過分治中點的區間（一定會包含所有區間），向左右擴充套件，維護最左最右端點直到不需要再擴充套件，那麼這個區間內的所有點的左右端點即為當前區間。當我們知道了每個點向左右擴充套件的端點，就可以用st表維護乙個區間的左右端點。時間複雜度o(n logn)。
#include
#define n 100005
using
namespace
std;
int n,m,a[n],tl[n],tr[n],al[n],ar[n],fl[n][20],fr[n][20],lg[n];
void solve(int l,int r)
else
if(jif(tl[j]if(tr[j]>r) r=tr[j];
++j;
}else
break;
}if(lbreak;
while(x>=i)
while(yif(al[y]if(ar[y]>j) ar[y]=j;
++y;}}
for(int i=mid,j=mid+1;j<=r;++j)
else
if(jif(tl[j]if(tr[j]>r) r=tr[j];
++j;
}else
break;
}if(lbreak;
while(x>=i)
while(yif(al[y]if(ar[y]>j) ar[y]=j;
++y;}}
}int main()
}for(int i=1;iint l=a[i],r=a[i+1];
if(l>r) swap(l,r);
int k=lg[r-l+1];
tl[i]=min(fl[l][k],fl[r-(1
<1][k]);
tr[i]=max(fr[l][k],fr[r-(1
<1][k]);
}solve(1,n);
p=lg[n-1];
for(int i=1;i0]=al[i],fr[i][0]=ar[i];
for(int i=1;i<=p;++i)
}scanf("%d",&m);
while(m--)
}return
0;}
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