炒雞版本
時間限制: 10 sec 記憶體限制: 256 mb
給定乙個數字字串,用最少次數的加法讓字串等於乙個給定的目標數字。每次加法就是在字串的某個位置插入乙個加號。在需要的所有加號都插入後,就象做普通加法那樣來求值。 例如,考慮字串」12」,做0次加法,我們得到數字12。如果插入1個加號,我們得到3。因此,這個例子中,最少用1次加法就得到數字3。 再舉一例,考慮字串」303」和目標數字6,最佳方法不是」3+0+3」,而是」3+03」。能這樣做是因為1個數的前導0不會改變它的大小。 寫乙個程式來實現這個演算法。
第1行:1個字串s(1<=length(s)<=20)和1個整數n(n<=2^9-1)。s和n用空格分隔。
第1行:1個整數k,表示最少的加法次數讓s等於n。如果怎麼做都不能讓s等於n,則輸出-1。
2222 8
3
剛看這道題還以為多難,結果去看了看時間限制(10 sec),呵呵。
對於此題,我就啥也沒優化的去弄了個dfs。
就是搜尋加號的位置,再轉化為整型加上去。
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
char c[25],h[25];int t,n,p,k[25],w;
void dfs(int x)
else
break;
e+=r;u++;
}r=0,p=0;
for(int i=w-1;i>=0;i--)
if(k[i])break;
else
e+=r;
if(e==n&&ureturn ;
}k[x]=1;
dfs(x+1);
k[x]=0;
dfs(x+1);
}int main()
但總覺得對不起這麼大的空間限制(256 mb)。
於是乎,我們就可以初始化乙個陣列,裝所有狀態下每幾個數間所有數的和。(也就是下列**的g陣列)
同時我們也可以對函式進行乙個優化。(多幾個變數,海闊天空)
而且我們找的也只是最少的加號數。
所以我們就可以進行剪枝,如果當前加號比目前答案大,就直接退出了。
同理,如果當前總和比n大,也就直接退了。
#include
#include
const int inf=100000000;
char s[25];
int n,len,g[25][25],ans=inf;
void read()
}void dfs(int
x,int
last,int p,int sum)
dfs(x+1,last,p,sum);
int t=g[last+1][x];
dfs(x+1,x,p+1,sum+t);
}int main()
時間限制: 1 sec 記憶體限制: 128 mb給定乙個數字字串,用最少次數的加法讓字串等於乙個給定的目標數字。每次加法就是在字串的某個位置插入乙個加號。在需要的所有加號都插入後,就象做普通加法那樣來求值。 例如,考慮字串」12」,做0次加法,我們得到數字12。如果插入1個加號,我們得到3。因此,這個例子中,最少用1次加法就得到數字3。 再舉一例,考慮字串」303」和目標數字6,最佳方法不是」3+0+3」,而是」3+03」。能這樣做是因為1個數的前導0不會改變它的大小。 寫乙個程式來實現這個演算法。
第1行:1個字串s(1<=length(s)<=40)和1個整數n(n<=10^5)。s和n用空格分隔。
第1行:1個整數k,表示最少的加法次數讓s等於n。如果怎麼做都不能讓s等於n,則輸出-1。
2222222222222222222222222222222222222222 80
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(感覺整個人都不好了)
現在就肯定不能用普通的dfs了。
於是乎,記憶化dfs又來了。
這就像是在乙個範圍內查詢,再記憶化。
int n,len,memo[45][100005],g[45][45];/*memo[i][j]:前i個數組成j的最小加號個數
*/char c[45];
int dp(int i,int goal)
if(memo[i][goal]!=0)
return memo[i][goal];
int &ans=memo[i][goal];
for(int j=i;j<=len;j++)
void read()
int u=dp(1,n);
if(u==maxn)printf("-1\n");
else
printf("%d\n",u-1);
}int main()
最後再提一下,dp也可以做這道題,具體思路同上,這裡就不多說了。
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