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題意描述:
給定一張無向圖，乙個起點乙個終點。
定義一條合法路徑為不存在任何一條滿足a->b->a的關係的子路徑。
求從起點到終點長為乙個值的路徑數。
資料範圍:
對於30%的資料，n ≤ 4，m ≤ 10，t ≤ 10。
對於100%的資料，n ≤ 20，m ≤ 60，t ≤ 2147483647，0 ≤ a,b<=n-1。
解法:
30分做法：用佇列維護走過當前長度到達的點，拓展轉移可行轉移。當長度達到定值的時候，若達到終點，則答案加一。
複雜度：最劣o(
nt)
100分做法：
由於轉移次數較多，很自然的想到可以利用矩陣表示轉移，用快速冪進行優化。
問題在於，如何用乙個矩陣表示一系列轉移？
用乙個數列表示當前走到每個點的方案數。這些數在一步操作後會發生複雜的轉移，累加到其他格仔裡面去，這正是矩陣所支援的。
若沒有合法路徑的限制？
最直觀的想法是，在矩陣中，一行表示當前點被轉移的**。若存在j->i的路徑，則ai
,j=1
。 這樣乘上乙個矩陣就表示進行了一次全部的轉移。
如果加上路徑的限制條件呢？
相當於只能「向前走」。可惜，點是不具有方向性的，所以我們把轉移物件選擇為邊。邊可以分成兩條，分別為u->v和v->u，而按照這個想法，如果存在v->k，則邊u->v可以向v->k轉移。按照這個想法我們就重新建立了乙個合法的矩陣。
#include
#include
#include
#define r register
#define mod 45989
#define ll long long
using namespace std;
struct new_nodenode[125];
int n,m,kk,a,b;
int nt;
int bs[125];
intread()
struct mat
return ret;
}
}v0,v1,ans;
void pow(int k)
}void build()
; node[++nt]=(new_node);
}for(i=0;i<=nt;++i)
}for(i=0;i<=nt;++i)v0.a[i][i]=1;
}void print()
printf("%d",sum);
}int main()
/*
void show()
*/
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