所以我又回來了，這次是test7。
（test1，test2，test3，集體失蹤，敬請期待（攤手））
嗯，喜大普奔。
上題。題目描述
給出乙個由數字(『0』-『9』)構成的字串。我們說乙個子串行是好的，如果他的每一位都是 1、8、0、7 ，並且這四個數字按照這種順序出現，且每個數字都出現至少一次（111888888880000007 是好的，而 1087 不是）。請求出最大的好的子串行的長度。
輸入格式
輸入唯一一行乙個字串。
輸出格式
一行乙個整數表示答案。
樣例資料
輸入 1800777700088888000777
輸出 13
備註
【資料範圍】
對 30% 的輸入資料 ：字串長度≤100 ；
對 100% 的輸入資料 ：字串長度≤1000000 。
第一次看到題的時候糾結了好久，感覺怎麼做都考慮不完全。
最後決定把『1』賦為1，『8』賦為2，『0』賦為3，『7』賦為4。
然後用了最長不下降子串行。
但是bug簡直太多了。
首先不僅2大於1，3也大於1，4也是。
然後又不能保證1、2、3、4四個數字都會出現。
於是又在不同情況下做了分類討論，討論出來3kb。
然後……然後只有10分。
這是乙個黃少天聽了沉默，韓文清看了流淚的故事。
好了，**和正解。
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
int len,ans;
int a[1000005],f[1000005][5];
char s[1000005];
int main()
cout
<0,f[len][4])0;}
至於動態轉移方程，e.g.對於『8』來說，只有前面是『1』或是『8』時才有更新的資格，否則沒有。
題目描述
給出一幅由 n 個點 m 條邊構成的無向帶權圖。
其中有些點是黑點，另外點是白點。
現在每個白點都要與他距離最近的黑點通過最短路連線（如果有很多個，可以選取其中任意乙個），我們想要使得花費的代價最小。請問這個最小代價是多少？
注意：最後選出的邊保證每個白點到黑點的距離任然是最短距離。
輸入格式
第一行兩個整數 n，m ；
第二行 n 個整數，0 表示白點，1 表示黑點；
接下來 m 行，每行三個整數 x，y，z ，表示一條連線 x 和 y 點，權值為 z 的邊。
輸出格式
如果無解，輸出「impossible」，否則，輸出最小代價。
樣例資料
輸入 5 7
0 1 0 1 0
1 2 11
1 3 1
1 5 17
2 3 1
3 5 18
4 5 3
2 4 5
輸出 5
備註
【樣例說明】
選 2、4、6 三條邊。
【資料範圍】
對 30% 的輸入資料 ：1≤n≤10，1≤m≤20；
對 100% 的輸入資料 ：1≤n≤100000，1≤m≤200000，1≤z≤1000000000 。
嗯很好，其實第一遍看的時候根本沒有理解題目的意思。
好吧最後還是懂了，就是找乙個白點到周圍黑點的最短路，若有多個全部相加。（然而懂了也並沒有什麼用）【滑稽】
直接說說考完後拿到的正解吧。
整個解題過程分為兩塊，但前提是還要證明兩條規律。
1.最短路上的所有點必連通，且一條最短路上只有最末點是黑點，其餘皆為白點。
2.每個點連在最短路上都只連一次，即乙個白點到黑點的最短路只有一條。
所以整個問題就分為先用各種演算法（喜歡就好）求最短路，然後再建最小生成樹，注意能連通的盡量都要連通。
具體做法可以取乙個超級點s，在s與每個黑點之間連權值為0的邊（可以理解為把所有的黑點都變成起點），先處理從s出發到每個點的最短距離，獲得最短路徑圖一張。這樣以後我們需要取權值最小的邊的集合使這幅圖連通，此時用到kruskal演算法求最小生成樹。
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define s 0
using
namespace
std;
struct node
bian[3000003];
struct gl
e[3000003];
int n,m,tot,cnt,inf,cont;
long
long ans,dis[100010];
int first[100010],b[3000003],c[100010];
bool exist[100010];
inline
void create(int x,int y,int z)
inline
void czh(int x,int y,int z)
inline
void zql(int s)}}
}}inline
int find(int x)
inline
bool comp(gl a,gl b)
for(int i=1;i<=m;i++)
zql(s);
for(int i=1;i<=n;i++)
if(dis[i]==inf)
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=first[i];j;j=bian[j].next)
sort(e+1,e+1+cnt,comp);
for(int i=1;i<=n;i++)
c[i]=i;
for(int i=1;i<=cnt;i++)
} if(ans)
cout
cout
<<"impossible"
0;
}
來自2017.7.17
——我認為return 0，是乙個時代的終結。
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