給出三個人之間的欠錢關係和他們各自持有的錢幣種類和個數，求能不能各自把錢還清，如果不能輸出」impossible」，如果能輸出最小的給錢張數。
dp太神了！(弱菜自帶遇dp必跪flag)總之就是dp。
可以按錢幣種類劃分階段，那麼方程可以為dp
[i][
j][k
] 表示用上了前i種錢幣，達到了讓第乙個人有j塊錢，第二個人有k塊錢(因為總的錢數是一定的，確定了這兩個第三個就確定了)所用的最小交換次數。那麼最後的an
s 就是dp
[6][
tj][
tk] 這樣。tj
和tk 可以分別用sa
−b+c
和sb−
c+a 得到sa
是初始時給出的第乙個人所擁有的錢數，sb
同理(即初始的減去給別人的加上別人給他的)，最後就考慮如何轉移了。
初始值dp[
0][s
a][s
b]=0
其它都是in
f 即最大值，轉移就是列舉所有的情況像揹包(?)一樣去轉移。這裡需要明確一點，如果我們已知了第乙個人為了達到j錢給錢或者拿錢的張數和第二個人為了達到k錢給錢或者拿錢的張數，那麼這個轉移中需要統計的總共交換錢幣張數就是(a
bs(d
elta
a)+a
bs(d
elta
b)+a
bs(d
elta
a+de
ltab
))/2
，這個式子具體就是a改變的加上b改變的加上c改變的最後除去重複的。然後列舉一下
j 和
k，接著列舉一下當前錢幣數目，就可以進行轉移，其實這部分轉移看**比較容易理解，口述真的感人。
#include
#include
#include
#include
#define inf 33686018
using
namespace
std;
const
int maxn = 1010;
int val[7] = ,cnt[maxn][maxn],d[maxn],e[maxn],sum,a,b,c,dp[3][maxn][maxn];
int main()
}int ta = d[1] - a + c,tb = d[2] - b + a;
if(ta < 0 || tb < 0 || sum - ta - tb < 0)
memset(dp[0],2,sizeof(dp[0]));int pre = 0,now = 0;dp[0][d[1]][d[2]] = 0;
for(int i = 1;i <= 6;i++)}}
}}
if(dp[now][ta][tb] == inf)
else
printf("%d\n",dp[now][ta][tb]);
return
0;}
BZOJ1021 SHOI2008 迴圈的債務
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