給出一串數以及乙個數字 c，要求計算出所有 a-b=c 的數對的個數。規定：不同位置的數字一樣的數對算不同的數對。
第一行包括 2 個非負整數 n 和 c（c≠0），中間用空格隔開。
第二行有 n 個整數，中間用空格隔開，作為要求處理的那串數。
輸出一行，表示該串數中包含的所有滿足 a-b=c 的數對的個數。
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4 1輸出1 1 2 3
3
【資料範圍】
對於 50% 的資料，0 < n <= 200；
對於 70% 的資料，0 < n <= 2000；
對於 100% 的資料，0 < n <= 200000。
所有輸入資料都在 c++ 的 int 範圍內。
演算法1：佇列
換一種思路來減少要判斷的數對。對於a-b=c而言，如果a-b>c，很顯然對於同乙個a，不需要再查詢更小的b；
如果a-b
1、對n個數排序，排序後統計相同數字出現的次數，把相同的數字都縮成乙個數字，並記錄下總數；
2、視排序後的數隊同時為a隊和b隊，指標都指向第乙個元素；
3、若指標所指的a-b>c，即b不能再減小了，那麼a隊的指標就往後移一位，減小a值；若指標所指的a-b
4、若有a-b=c，那麼就在答案上增加當前的數對個數，注意加入相同數的個數。
#include#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;
int num[200020];
int n,c,all;
int ab[200020];
int tot[1000000][2];
long long ans=0;
int main()
else num[all-1]++;
} }for(int i=1;i<=n;i++)
i+=num[tot[ab[i]][1]];
} cout<
演算法2：二分查詢
先不考慮乙個數字重複多次出現的情況，對於乙個數a，又已知與a的差為c，也就是說當a和c確定下來的時候，另乙個數b的大小也就確定下來了。所以我們可以第一遍列舉a，然後再在剩下的數中找確定的b。
由於b的值已經確定，可以用二分查詢來降低複雜度。具體做法如下：
先對n個數進行排序，排序後統計相同數字出現的次數（也可以把相同的數字都縮成乙個數字，並記錄下總數）。然後列舉n個數，再對排完序後的n個數進行二分查詢，並累計答案。
這樣o(n^2)就可以降為o(n log n)。
#include#define mod 300007
using namespace std;
int hash[mod*2],data[mod*2]; //hash[i]表示第i個數的值；data[i]表示數字i的個數
int locate(int x) //雜湊表儲存x
int n,c,i,j,a[mod],ans;
int main()
for(i=1;i<=n;++i) //a[i]=b，列舉b
printf("%d\n",ans);
return 0;
}
列舉a數與b數，把a-b=c數對都找出來，很明顯，對於n<=200000的資料這種做法必定會超時。
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