第一次打學軍的比賽，不知道不要檔案輸入輸出，結果順利爆零。
由於版權問題在此不放入題面
題意：有乙個n∗
m(n∗
m≤105
) 的礦場，對於每一列，可以選擇往下挖 k(
1≤k≤
m)層，求最大平均價值。
開啟之前以為noip肯定會有送分題的，看到題直接懵了……
這題應該沒有不超綱的做法，只能分數規劃。
結果我eps設太小tle了……
題解：01分數規劃。
**：
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
typedef
long
long ll;
typedef
long
double ld;
typedef
unsigned
long
long ull;
const
int inf = 2147483647;
const
int n = 100010;
const ld eps = 0.00001;
int n,m,k;
double a[n];
inline
void init(int &x)
ld f(ld k)
return s;
}int main()
if (t > eps) l = mid;
else r = mid;
}printf("%.4lf\n",double(l));
return
0;}
n(n≤
105) 的排列，將其一上一下放置，在相等的數間連一條線，求乙個元素最多的連線集合的元素數目，使得該集合中連線兩兩相交。
題解：很經典的模型，將第乙個陣列中的數改為其在第二個陣列中出現的對應位置，然後用o(
n⋅lo
g2n)
的時間做一遍最長下降子串行。
**：
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
typedef
long
long ll;
typedef
long
double ld;
typedef
unsigned
long
long ull;
const
int inf = 2147483647;
const
int n = 100010;
int n;
int a[n],mi[n];
struct aaa1[n],a2[n];
inline
void init(int &x)
bool cmp(aa x,aa y)
int main()
if (l == k) mi[++k] = a[i];
else mi[l + 1] = max(mi[l + 1],a[i]);
}cout
<< k << endl;
return
0;}
n≤105
) 個節點的樹形迷宮，且每個節點最多只能容納乙個人，入口為
1 號節點。每個人行走的策略是優先向下走，若有多條路則選擇編號最小的節點繼續前進，若沒有路則在當前房間停下。
現在有兩種操作：1.從入口進入
x個人，依次按策略前進，要求輸出最後乙個人停下時的位置。2.讓處於
x 號節點的人離開，其他人依次按策略補上，問此次操作後有多少人移動了。
操作總數m≤
105。題解：由於第二種操作每次只能取出乙個人，所以通過第一種操作進入樹的人總數一定不大。很容易想到的是，進入各節點的順序是固定的，因此可以用一遍dfs求出這個順序，然後用乙個小根堆維護未被佔據的節點，從而實現第一種操作。對於第二種操作，實際上等價於將該節點最遠的被佔據的祖先節點設為未佔據，並輸出深度差，用樹上倍增可以很容易地實現。
**：
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
typedef
long
long ll;
typedef
long
double ld;
typedef
unsigned
long
long ull;
const
int inf = 2147483647;
const
int n = 100010;
int n,m,times = -1,sq;
int conn[n],num[n],la[n],depth[n];
int a[n << 1],nextt[n << 1];
int fa[n][30];
int power[30];
bool inque[n];
struct aaed[n << 1];
class heap
int top()
void pop()
}}q;inline
void init(int &x)
bool cmp(aa x,aa y);
inline
void ed(int x,int y)
void dfs(int now,int last,int dep)
void op1(int x)
void op2(int x)
if (l != r)
inque[num[l]] = 1;q.push(num[l]);printf("%d\n",depth[x] - depth[l]);
}int main()
return
0;}
距離複賽還剩四周，繼續努力！
NOIP提高組2016總結
大翻車！300 8 30 9 00，照常看題，思考。9 00 9 15，搞定第一題，很水。9 15 9 45，思考第二題，我考慮用分深度來處理，想出個個玄學暴力，但剛開始算錯了時間複雜度，於是自信滿滿地開打 9 45 10 50，打第二題，被一些細節問題搞了很久 打了幾乎乙個小時。10 50 11 ...
NOIP2016提高組總結
這次noip可以用幾個字來形容 浪的飛起，頹的不行。中午從校門出發，在車上睡了半個車程。4 00左右，霧比較大，遠處的小蠻腰若隱若現。你好，廣州。5 00，symbol叫我們去看考場，結果被拒在門外，然後大家都散了。我與其它幾位小夥伴匆匆吃完飯，回到酒店，該看電視看電視，中途開會，提醒我們一些注意事...
NOIP2016 提高組 總結
這是倒數第三次noip了。今年我初三。去年的傷痕還未褪去，我在比賽前意識到，當務之急其實是鞏固基礎而非深究一些難題。於是賽前兩周，我認真讀了白書的前面部分，尤其重點練習了dp。dp作為基礎演算法之一，其靈活性極高，所以可以出得很難，也是各種比賽的寵兒。練好dp是尤為重要的。賽前好幾場模擬賽都做得很爛...