12年成都 e 貪心+kmp hdu 4468
重要的事情說在前面，以後kmp照這樣寫。
賽中的時候過的人不多，也沒有什麼具體的思路。發現問題可以轉化為最短字尾，使得前面的字串都是它的子串。甚至想著能不能列舉字尾，o(1)或者log的查詢。然後就走入死角了。
實際上還是字串的題目做的不夠多。如果是倒序遍歷的話，那查詢的字串操作也應該是倒序的，不存在乙個倒序乙個正序之說。再者，要檢測之前是否為其子串，最壞情況下需要把整個字串都遍歷一遍，也不存在可以log查詢的方法。
正解是貪心+kmp。過程就是如何構造最小的明文s。儲存乙個明文s，在向後遍歷的過程中，如果當前節點i不能與字串匹配，則從上一次記錄的last指標處，把密文中[last,i]都加入明文。最後輸出答案時，由於明文一定為字尾，所以之前產生明文可能出現最後字尾匹配完全、但是明文沒有遍歷完全的情況，這時候要把整個字尾都加入明文，答案為（密文長度-last指標+明文長度）。
那麼，問題來了。
對於字串abcad，第四個a能與第乙個a匹配，d不能與任何乙個匹配。假設只是單獨把d加入明文，則明文為abcd，然後就發現這樣是不能構成字串abcad的。證畢。
2. 為什麼這樣貪心是正確的？
沒有很明確的證明方法，假設對於字串a-b-c（表示子串而不是字母），那麼如果a和b不匹配，肯定要把b整個加進去才能合法，不存在不加b就能合法的情況。換句話說，遇到不合法的子串，你可以選擇多加，但是這個子串一定要加入明文，而且多加的部分設為b，必要部分為a，如果後面出現a不匹配的情況，多加的b也是沒有任何作用的。
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 5;
char s[maxn], t[maxn];
int f[maxn], cnt;
void add(int l, int r)
}int main()
else
if(j == -1)
// printf("i = %d, j = %d, last = %d, cnt = %d, s[i] = %c, s[j + 1] = %c\n", i, j, last, cnt, s[i], t[j + 1]);
//printf("f ");
//for(int k = 0 ; k < cnt ; k++) printf("%d ", f[k]);
//printf("\n");
}// printf("last = %d\n", last);
printf("case %d: %d\n", ++cas, n + cnt - last);
}return
0;}
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