今天被低2屆的虐暴了….
感覺最近狀態有點低迷，做題速度低下..要多到網上刷題才行！
第一題 刪數字
題目大意
給你乙個n 個數組成的序列v，要你刪除其中k 個數，m 表示剩下的數字中任意兩個數的差值的最大值，m 表示最小差值，要你計算刪除k 個數後，m+m
的最小值。
這題我一下在腦抽了..
排序後可以發現若維護乙個長度為n-k的數列，中間的數一定不會刪(這個我沒想到….雖然我知道要排序，但還是認為中間有可能刪…)，這樣會同時放大m和m，所以答案一定是乙個連續的數列，列舉右邊界，然後用單調佇列來維護m，當左邊界移動時，消除佇列中不合法的數即可。
貼**
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
#define n 1000001
int n,m,l,r;
int ans;
int d[n][2],a[n];
void init()
void did(int x,int y)
void work()
ans=d[l][1]+a[m]-a[1];
for (int i=m+1;i<=n;i++)
}void write()
int main()
n 個結點、m 個含k 個結點的完全子圖構成乙個奇怪的圖，問從結點1 走
到結點n 最少需要經過多少個結點。
一開始我以為可以過的，被卡了乙個點，超時…
方法一：我們可以將圖改造一下，將點1、n單獨出來，將完全子圖看做是點，當兩個完全子圖含同乙個數字時將兩個圖（點）連邊，還要將1、n向包含它們的子圖連邊。（這部分我用m^2*k來打，超時了，也可以用位運算強行加速，速）
最後跑個bfs+1就是答案了。
貼**
#include
#include
#include
#define n 100001
#define m 1002
using namespace std;
int n,m,ans,k;
bool bz[m];
int f[n],a[m*m*2][2],g[n],b[m][m],d[n+10];
void ins(int x,int y)
void init()
void spfa()}}
void work()
void write()
int main()
題目：
病毒擴散了！村莊中共有m 個人，編號為0 到m-1，病毒症狀只會持續一天，每個人可能多次感染病毒。
第一天，若干個病毒攜帶者感染了病毒，病毒擴散就是由病毒攜帶者引起的，從第二天開始的每一天，編號p 的人在以下條件下就會感染病毒：(a*b)mod m=p(其中a 為前一天感染病毒的某乙個人的編號，b 是其中乙個病毒攜帶者的編號，a 和b 可能相同)
例如村莊共101 個人，病毒攜帶者編號為5 和50，第一天感染病毒的為5和50，第二天有25，48(250 mod 101)和76(2500 mod 101)，第三天77 會感染病毒，因為(48*50) mod 101=77
問第k 天哪些人會感染病毒。
可以發現，f[0]=1,f[i]=f[i-1]*e（乘法為兩個陣列內的數字兩兩相乘取mod，e是初始讀入的陣列）乘法滿足結合律，快速冪就行了。。
貼**：
#include
#include
#include
#include
#define n 1501
using
namespace
std;
int m,top;
long
long k;
int b[n],c[n],a[n],bz[n];
void init()
void cheng(int*a,int*b,int*c)
void work(int*a,int*b,int*c)
sort(a+1,a+a[0]+1);
for (int i=1;i<=a[0];i++)
printf("%d ",a[i]);
}int main()
題目：
你最近安裝了乙個新的螢幕保護程式，如果你離開鍵盤5 分鐘，屏保將會顯示乙個有熱帶魚的水族館，水族館的底端是由沙石形成的供魚玩耍的地方，沙石的高度可以設定，水位也可以設定。
水族館可以看做是乙個二維平面，寬看作n-1 列，最左端的橫座標為0，最右端橫座標為n-1，每個整數橫座標都對應著乙個沙石的高度h_i(0<=i<=n-1)，相鄰橫座標i 和i+1 之間的沙石可以看做是由(i,h_i)和(i+1,h_i+1)這兩個點形成的線段。
如果水位為h，水覆蓋著水族館底端到y=h 這個區域，如果有部分沙石在水面以上，這部分形成乙個島嶼。對於不同的沙石情況，你想知道被水覆蓋區域的面積，即水位以下總面積減去水中沙石的面積。
正如題目所說，我們可以用水位以下總面積減去水中沙石的面積得到答案，那麼我們只需維護水高1~h（1000）時的砂石面積即可（線段樹）。
對於砂石，我們可以維護相鄰視為一種通常情況：
設h1為較低高度，h2為較高高度，h為水高
那麼當h≤h1時，砂石面積=h
當h1＜h≤h2時，我們可以拆分成乙個矩形面積（常數h1）和乙個梯形面積，
對於梯形面積，我們引入h3=h2-h1，用相似三角形可得，s=h3/2-(h2-h)^2/h3/2,展開可得到關於h的常數、一次、二次項係數，分別加入線段樹里
當h2＜h時，砂石面積=（h1+h2）/2
對於以上的修改，可看做對線段樹里的常數、一次、二次項係數修改，查詢時將標記下傳到最底層後計算即可得到答案。
貼**
#include
#include
#include
#include
#define n 100001
#define h 1000
using
namespace
std;
int n,m;
int a[n];
double f[h*4+1][3];
double ans;
void init()
void down(int l,int r,int s)
}void change(int l,int r,int s,int ll,int rr,double x,double y,double z)
change(l,(l+r)/2,s+s,ll,rr,x,y,z),change((l+r)/2+1,r,s+s+1,ll,rr,x,y,z);
}void find(int l,int r,int s,int ll)
static
int ss;
if ((ss=(l+r)/2)>=ll)find(l,ss,s+s,ll);
else
find(ss+1,r,s+s+1,ll);
}void did(int x,int y,double z)
void pre()
void work()
}else
}}int main()
省選模擬86
首先考慮基礎的dp定義，那麼發現轉移需要的係數只和dp是奇數的點的個數有關，所以將這個東西記錄在dp狀態中就行了。然後推一下dp轉移，發現轉移係數和奇數的點的個數沒有關係，只與是否存在這樣的點有關，所以用01來記錄就可以了。考慮用總方案減去不合法的方案，也就是1號點能到達的點和2號點能到達的點沒有交...
省選模擬86 題解
有一點 dp 套 dp 的意思，內層的 dp 就是直接在拓撲序上進行的簡單 dp。外層記錄的是 dp 的狀態，然後 o n 3 的做法是顯然的。當轉移到第 i 個位置的時候，只要關心前面有多少個黑點 dp 值為 1 前面有多少個白點 dp 值為 1 前面的 dp 值總和的奇偶性。然後寫一下轉移係數，...
考試 省選86
t1 首先設出暴力的 dp dp i j k l 為前 i 個點中有 j 個白點結束方案為奇數，k 個黑點結束方案為偶數，當前全部的結束方案之和奇偶性為 l 的方案數。那麼可以很簡單的轉移。在考慮轉移時候的係數。其實只跟 j,k 是否為0有關係。那麼狀態大大化簡為 dp i 0 1 0 1 0 1 ...