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以下均假設a[0…m-1]，b[0…n-1]；
1）o(n)
假設a,b均以降序排列，宣告兩個指標p，q。p指向a[0], q指向b[0]。再來乙個count=0，用來表示當前已經到第count大了。然後指標開始遊，如果*p > *q，則p++, count++；如果*p < *q，則q++, count++；而如果相等，兩個游標選乙個走即可，同時count++。最後當count==k時，就找到了所有元素的第k大了。
2）o(log(n))
上面o(n)的做法是乙個乙個剪，而這裡，就是一半一半地剪。為了方便理解，這裡就是求兩個陣列的第k小元素（原理是一樣的，第k小即為第(m+n-k)大嘛），且a，b均以公升序排列。因為a, b陣列均已排好序，所以有如下結論（假設k為偶數，奇數同理）。
1』 a 或 b 中有個為空，則直接b[k-1]或a[k-1]；
2』 假設m,n>=k/2 （如果不滿足，則下標取自己的上限即可）
因此，由上述條件我們可以推出利用遞迴函式解決問題是極為方便的。遞迴過程及結束條件如下所示（設m < n，暫不防禦型程式設計）
#include
#include
using
namespace
std;
class mysolution
};int main(int argc, char
const *argv)
; int b = ;
mysolution test;
cout
<< test.find_k_min(a, 5, b, 5, 5) << endl;
return
0;}
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