問題描述：一串首尾相連的珠子(n個)，有n種顏色(n<=10)，設計乙個演算法，取出其中一段，要求包含所有n種顏色，並使長度最短。並分析時間複雜度與空間複雜度。
思路：可以利用一種計數的方法。定義兩個指標p1和p2，主要有三個步驟：
（1）p1向前移動，如果p1所指的珠子顏色編號為 i ，則增加 i 的出現次數。
當出現的顏色種數為n時，p1停止。
（2）p2向前移動，如果p2所指的珠子顏色編號為 i ，則減少 i 的出現次數
。當出現的顏色種數減為n-1時，p2停止。
（3）p1和p2所指的這段珠子，包含了n種顏色。如果比當前的最小段更短，則進行更新。回到（1）繼續，迴圈終止條件為p2指向最後乙個珠子。
以上給出了實現的思路，具體實現時應該注意一點，這串珠子應該是環狀的。時間複雜度為o(n)，空間複雜度為o(n)。
參考**：
const int n = 5; //顏色種類
//函式功能 ： 找目標珠子，珠子的顏色用編號表示
//函式引數 ： pbead指向珠子陣列，n為珠子個數，from為開始位置，to為結束位置
//返回值 ： 找到為真，否則為假
bool beadproblem(int *pbead, int n, int &from, int &to)
; //用於計數
int minlen = n+1;
int i = 0, j = -1, cnt = 0;
while(j < n - 1) //j = n-1時，指向最後乙個珠子
cnt--; //顏色種數減1
} i = (i + 1) % n; //考慮了環的特性，不能是i++
if(i == 0 && j == -1) //i回到了初始位置，但是j未更新，即沒有找到符合條件的段
break;
} return minlen != n+1;
}
有幾個地方解釋一下：第一，if(++count[pbead[i]] == 1 && ++cnt == n) 這個判斷語句看似很複雜。具體是這樣執行的，首先增加當前珠子顏色的出現次數。如果不是1，根據布林判斷的短路原則，++cnt 不會執行。如果是1，表明第一次出現，需要增加出現顏色的種數，因此執行++cnt。如果cnt增加到n表示找到了一段珠子，包含所有n種顏色。接著進入if語句，盡可能縮短。
第二，for(j = j + 1; j < n && --count[pbead[j]]; j++) 這句for迴圈語句。為什麼j 初始時要加1呢？可以這樣理解，假設之前已經找到了一段珠子，那麼j指向珠子的末端。現在又找到一段，這一段珠子的末端應該從j + 1開始計算，不應包含j。
下面給出一段測試程式及一些測試結果。
int main()
; int from, to;
int n = sizeof(bead)/sizeof(int);
if(beadproblem(bead, n, from, to))
{ int i;
for(i = from; i != to; i = (i+1)%n)
cout<
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1 串連珠子問題 類似於關鍵字搜尋 34 function shortest sub a,m 14 15 h 0 頭指標16 t 0 尾指標17 loop true 18 while loop else 2728 找到了所有顏色，縮減當前子串 29if sum m else 4243 更新最短子串資...
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